Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Lời giải:
Với tam giác $ABC$ vuông tại $A$ ta có:
\(\sin B=\frac{AC}{BC}; \sin C=\frac{AB}{BC}; \cos B=\frac{AB}{BC}; \cos C=\frac{AC}{BC}\)
Vì $AB$ khác $AC$ nên hiển nhiên \(\cos B\neq \cos C\) nên mẫu số luôn đảm bảo khác 0
Do đó:
\(\frac{\sin B-\sin C}{\cos B-\cos C}=\frac{\frac{AC}{BC}-\frac{AB}{BC}}{\frac{AB}{BC}-\frac{AC}{BC}}=\frac{AC-AB}{AB-AC}=-1< 0\)
Ta có đpcm
Xét tam giác ABC nhọn có \(BC^2=AB^2+AC^2-2AB\cdot AC\cdot\cos\widehat{A}\)
\(\Rightarrow\cos\widehat{A}=\dfrac{AB^2+AC^2-BC^2}{2AB\cdot AC}=\dfrac{AB^2+AC^2-BC^2}{4\cdot\dfrac{1}{2}AB\cdot AC}=\dfrac{AB^2+AC^2-BC^2}{4S_{ABC}}\)
Cmtt: \(\left\{{}\begin{matrix}\cos\widehat{B}=\dfrac{AB^2+BC^2-AC^2}{4S_{ABC}}\\\cos\widehat{C}=\dfrac{AC^2+BC^2-AB^2}{4S_{ABC}}\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\cos\widehat{A}+\cos\widehat{B}+\cos\widehat{C}\\
=\dfrac{AB^2+AC^2-BC^2+AB^2+BC^2-AC^2+AC^2+BC^2-AB^2}{4S_{ABC}}\\
=\dfrac{AB^2+AC^2+BC62}{4S_{ABC}}\)
\(\Delta ABC\) đều \(\Rightarrow A=B=C=60^0\)
\(\Rightarrow cosA+cosB+cosC=3cos60^0=\frac{3}{2}\)
Áp dụng hệ quả của định lý Cosin ta có:
\(\cos C=\dfrac{b^2+a^2-c^2}{2ab};\cos B=\dfrac{c^2+a^2-b^2}{2ca}\)
\(\Rightarrow b\cos C+c\cos B=b\dfrac{b^2+a^2-c^2}{2ab}+c\dfrac{c^2+a^2-b^2}{2ca}=\)
\(\dfrac{b^2+a^2-c^2}{2a}+\dfrac{c^2+a^2-b^2}{2a}=\dfrac{2a^2}{2a}=a\)
\(cosA+cosB+cosC\le\dfrac{3}{2}\)
\(\Leftrightarrow2cos\dfrac{A+B}{2}cos\dfrac{A-B}{2}+1-2sin^2\dfrac{C}{2}-\dfrac{3}{2}\le0\)
\(\Leftrightarrow-2sin^2\dfrac{C}{2}+2sin\dfrac{C}{2}cos\dfrac{A-B}{2}-\dfrac{1}{2}\le0\)
\(\Leftrightarrow-2x^2+2xcos\dfrac{A-B}{2}-\dfrac{1}{2}\le0\left(1\right)\left(x=sin\dfrac{C}{2}\right)\)
\(\Delta'=cos^2\dfrac{A-B}{2}-1\)
mà \(0\le cos^2\dfrac{A-B}{2}\le1\)
\(\Leftrightarrow\Delta'\le0\)
\(\left(1\right)\Leftrightarrow-2x^2+2xcos\dfrac{A-B}{2}-\dfrac{1}{2}\le0\left(đúng\right)\)
\(\Leftrightarrow cosA+cosB+cosC\le\dfrac{3}{2}\left(dpcm\right)\)