giải hộ mình với ạ.
giải bpt a^2 +b^2 + c^2>2( a+b+c)
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Những câu hỏi liên quan
NN
Nguyễn Ngọc Anh Minh
CTVHS
VIP
22 tháng 11 2023
Ta có
\(a^2+b^2+c^2+d^2+a+b+c+d=\)
\(=a\left(a+1\right)+b\left(b+1\right)+c\left(c+1\right)+d\left(d+1\right)\)
Ta thấy
\(a\left(a+1\right);b\left(b+1\right);c\left(c+1\right);d\left(d+1\right)\) là tích của 2 số tự nhiên liên tiếp nên các tích trên đều chia hết cho 2
\(\Rightarrow a\left(a+1\right)+b\left(b+1\right)+c\left(c+1\right)+d\left(d+1\right)⋮2\)
\(\Rightarrow\left(a^2+b^2+c^2+d^2\right)+\left(a+b+c+d\right)⋮2\)
Ta có
\(a^2+c^2=b^2+d^2\Rightarrow\left(a^2+b^2+c^2+d^2\right)=2\left(b^2+d^2\right)⋮2\)
\(\Rightarrow a^2+b^2+c^2+d^2⋮2\)
\(\Rightarrow a+b+c+d⋮2\)
=> a+b+c+d là hợp số
CD
1
25 tháng 6 2020
Áp dụng BĐT AM - GM:
\(\frac{a^2}{b+c}+\frac{b+c}{4}\ge a\)
Tương tự: \(\frac{b^2}{c+a}+\frac{c+a}{4}\ge b;\frac{c^2}{a+b}+\frac{a+b}{4}\ge c\)
Cộng vế với vế của các BĐT trên rồi thu gọn, ta được:
\(\sum\frac{a^2}{b+c}\ge\frac{a+b+c}{2}\)
VS
2
22 tháng 7 2017
Cái này ko phải là giải bpt mà là chứng minh :
Cho a , b ,c ,d > 0 . Chứng minh rằng: - Bất đẳng thức và cực trị - Diễn đàn Toán học
22 tháng 7 2017
T nghĩ đề là chứng minh BĐT sau chớ, sao lại ghi giải BPT :VV. Đây là BĐT Nesbitt cho 4 số, lên google tham khảo đi
28 tháng 2 2021
`(x^2+1)/((3-x)(x+2))>=0(x ne -2,3)`
Vì `x^2+1>0`
`=>(3-x)(x+2)>0`
`=>(x-3)(x+2)<0`
`=>-2<x<3`
Ủa thì chọn gì?
PT
1
QA
13 tháng 8 2021
Trả lời:
( a2 + b2 )3 + ( c2 - a2 )3 - ( b2 + c2 )3
= (a2)3 + 3.(a2)2.b2 + 3.a2.(b2)2 + (b2)3 + (c2)3 - 3.(c2)2.a2 + 3.c2.(a2)2 - (a2)3 - [ (b2)3 + 3.(b2)2.c2 + 3.b2.(c2)2 + (c2)3 ]
= a6 + 3a4b2 + 3a2b4 + b6 + c6 - 3c4a2 + 3c2a4 - a6 - ( b6 + 3b4c2 + 3b2c4 + c6 )
= a6 + 3a4b2 + 3a2b4 + b6 + c6 - 3c4a2 + 3c2a4 - a6 - b6 - 3b4c2 - 3b2c4 - c6
= ( a6 - a6 ) + ( b6 - b6 ) + ( c6 - c6 ) + 3a4b2 + 3a2b4 - 3c4a2 + 3c2a4 - 3b4c2 - 3b2c4
= 3a4b2 + 3a2b4 - 3c4a2 + 3c2a4 - 3b4c2 - 3b2c4
11 tháng 12 2023
Đặt \(\dfrac{a}{b}=\dfrac{c}{d}=k\)
=>\(a=bk;c=dk\)
\(\left(\dfrac{a+b}{c+d}\right)^2=\left(\dfrac{bk+b}{dk+d}\right)^2\)
\(=\left(\dfrac{b\left(k+1\right)}{d\left(k+1\right)}\right)^2=\left(\dfrac{b}{d}\right)^2\)(1)
\(\dfrac{a^2+b^2}{c^2+d^2}=\dfrac{\left(bk\right)^2+b^2}{\left(dk\right)^2+d^2}=\dfrac{b^2k^2+b^2}{d^2k^2+d^2}\)
\(=\dfrac{b^2\left(k^2+1\right)}{d^2\left(k^2+1\right)}=\dfrac{b^2}{d^2}\left(2\right)\)
Từ (1) và (2) suy ra \(\left(\dfrac{a+b}{c+d}\right)^2=\dfrac{a^2+b^2}{c^2+d^2}\)
NV
1
Ta có: \(a^2+b^2+c^2>2\left(a+b+c\right)\)
\(\Leftrightarrow\) \(a^2+b^2+c^2+3>2\left(a+b+c\right)\) (Vì 3>0)
\(\Leftrightarrow\) \(a^2+b^2+c^2-2a-2b-2c+3>0\)
\(\Leftrightarrow\) \(\left(a^2-2a+1\right)\)+\(\left(b^2-2b+1\right)\)+\(\left(c^2-2c+1\right)\) \(>0\)
\(\Leftrightarrow\) \(\left(a-1\right)^2+\left(b-1\right)^2+\left(c-1\right)^2>0\) (luôn đúng \(\forall a,b,c\))
Vậy \(\forall a,b,c\) thì \(a^2+b^2+c^2>2\left(a+b+c\right)\)
Ta có: \(a^2\) \(+\) \(b^2\)