Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
\(n_{BaCl_2}=\dfrac{208.15\%}{208}=0,15\left(mol\right)\\ n_{H_2SO_4}=\dfrac{150.19,6\%}{98}=0,3\left(mol\right)\\ BaCl_2+H_2SO_4\rightarrow BaSO_4\downarrow+2HCl\\ Vì:\dfrac{0,15}{1}< \dfrac{0,3}{1}\Rightarrow H_2SO_4dư\\ n_{H_2SO_4\left(p.ứ\right)}=n_{BaSO_4}=n_{BaCl_2}=0,15\left(mol\right)\\ n_{HCl}=2.0,15=0,3\left(mol\right)\\ n_{H_2SO_4\left(dư\right)}=0,13-0,15=0,15\left(mol\right)\\ m_{HCl}=0,3.36,5=10,95\left(g\right)\\ m_{BaSO_4}=233.0,15=34,95\left(g\right)\\ m_{H_2SO_4\left(dư\right)}=0,15.98=14,7\left(g\right)\\ m_{ddsau}=208+150-34,95=323,05\left(g\right)\\ C\%_{ddHCl}=\dfrac{10,95}{323,05}.100\approx3,39\%\)
\(C\%_{ddH_2SO_4\left(dư\right)}=\dfrac{14,7}{323,05}.100\approx4,55\%\)
Bài 6. Cho 69,6 gam MnO2 tác dụng với dung dịch HCl đặc dư thu được một lượng khí X. Dần khí X vào 500 ml dung dịch NaOH 4M thu được dung dịch A. Tính nồng độ mol của các chất trong dung dịch A. Giả thiết rằng thể tích dung dịch sau phản ứng thay đổi không đáng kể.
Trả lời:
MnO2+4HCl→MnCl2+Cl2+2H2OnMnO2=nCl2=0,8molCl2+2NaOH→NaCl+NaClO+H2OnNaOHpu=0,5×2=1,6molnNaOHhd=0,5×4=2molnNaOHdu=2−1,6=0,4molnNaCl=nCl2=nNaClO=0,8molCNaCl=0,80,5=1,6MVNaClO=0,80,5=1,6MCNaOH=0,40,5=0,8M
\(Mg+CuSO_4--->MgSO_4+Cu\left(1\right)\)
0,1_______0,1__________0,1_________0,1
\(Zn+CuSO_4--->ZnSO_4+Cu\left(2\right)\)
0,15______0,15__________0,15_____0,15
Do sau pứ thu đc \(d^2B\) gồm 2 muối và 19,25 gam hỗn hợp kim loại
nên Mg pứ hết , Zn pứ 1 phần ,CuSO4 pứ hết
\(n_{CuSO_4}=0,2.1,25=0,25\left(g\right)\)
a) Đặt a ,b, c lần lượt là số mol của Mg , Zn pứ , Zn dư
Theo đề ra ta có :
\(24a+65b+65c=15,4\left(I\right)\)
\(a+b=0,25\left(II\right)\)
\(64.\left(a+b\right)+65c=19,25\left(III\right)\)
=> a=0,1
b=0,15
c=0,05
=> \(\%m_{Mg}=\frac{24.0,1}{15,4}.100=15,58\%\)
=> \(\%m_{Zn}=100-15,58=84,42\%\)
b) \(m_{d^2CuSO_4}=0,25.160=40\left(g\right)\)
=> \(m_{d^2sau}=40-0,6=39,4\left(g\right)\)
=> \(C\%_{MgSO_4}=\frac{0,1.120}{39,4}.100=30,45\%\)
=>\(C\%_{ZnSO_4}=\frac{0,15.161}{39,4}.100=61,3\%\)
c) \(2NaOH+MgSO_4-->Na_2SO_4+Mg\left(OH\right)_2\downarrow\left(3\right)\)
0,2_________0,1
\(2NaOH+ZnSO_4-->Na_2SO_4+Zn\left(OH\right)_2\downarrow\left(4\right)\)
0,3_________0,15_____________________0,15
\(2NaOH+Zn\left(OH\right)_2-->Na_2ZnO_2+2H_2O\left(5\right)\)
0,3_______0,15
Khi cho B pứ vừa đủ với d2 NaOH để thu được ↓ lớn nhất ⇔ \(Zn\left(OH\right)_2\) không tan
=> \(n_{NaOH}=0,3+0,2=0,5\left(mol\right)\)
=> V=?
d) Khi cho B pứ vừa đủ với d2 NaOH để thu được ↓ nhỏ nhất ⇔ \(Zn\left(OH\right)_2\) tan hết
=> \(n_{NaOH}=0,2+0,3+0,2=0,7\left(mol\right)\)
=> V=?
(Đề hình như thiếu \(C_M\) )
a,\(m_{BaCl_2}=208.15\%=31,2\left(g\right)\Rightarrow n_{BaCl_2}=\dfrac{31,2}{208}=0,15\left(mol\right)\)
\(m_{H_2SO_4}=150.19,6\%=29,4\left(g\right)\Rightarrow n_{H_2SO_4}=\dfrac{29,4}{98}=0,3\left(mol\right)\)
PTHH: BaCl2 + H2SO4 → BaSO4 + 2HCl
Mol: 0,15 0,15 0,15 0,3
Ta có: \(\dfrac{0,15}{1}< \dfrac{0,3}{1}\) ⇒ BaCl2 hết, H2SO4 dư
\(m_{H_2SO_4dư}=\left(0,3-0,15\right).98=14,7\left(g\right)\)
b, \(m_{BaSO_4}=0,15.233=34,95\left(g\right)\)
\(m_{HCl}=0,3.36,5=10,95\left(g\right)\)
\(n_{NaOH}=0,5.0,02=0,01\left(mol\right)\)
\(n_{HCl}=1.0,3=0,3\left(mol\right)\)
\(Pt:NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)
0,01 mol 0,3mol\(\rightarrow0,01mol\)
Lập tỉ số: nNaOH : nHCl = 0,01 < 0,3
\(\Rightarrow\) NaOH hết; HCl dư
\(m_{NaCl}=0,01.58,5=0,585\left(g\right)\)
\(n_{HCl\left(dư\right)}=0,3-0,01=0,29\left(mol\right)\)
\(C_{M_{HCl\left(Dư\right)}}=\dfrac{0,29}{0,3}=1M\)
Theo đề bài ta có :
nNaOH=0,5.0,02=0,01 mol
nHCl=1.0,3=0,3 mol
Ta có PTHH :
2NaOH + 2HCl -> 2NaCl + 2H2O
0,01mol....0,01mol....0,01mol
Ta có tỉ lệ :
nNaOH=\(\dfrac{0,01}{2}mol< nHCl=\dfrac{0,3}{2}mol\)
=> nHCl dư ( tính theo nNaOH )
a) mNaCl=0,01.58,5=0,585 g
b) Nồng độ mol của chất tan dung dịch sau p/ư là :
CMNaCl = 0,01/0,02=0,5(M)
c) Muốn p/ư xẩy ra hoàn toàn thì cần phải thêm số ml dd NaOH 0,5M là :
VddNaOH=\(\dfrac{0,01}{0,5}=0,02\left(l\right)=20\left(ml\right)\)
Vậy .....
a) \(n_{CH_3COOH}=0,1.0,3=0,03\left(mol\right)\)
PTHH: CH3COOH + NaOH --> CH3COONa + H2O
0,03---->0,03--------->0,03
=> \(V_{dd.NaOH}=\dfrac{0,03}{1,5}=0,02\left(l\right)\)
b) mCH3COONa = 0,03.82 = 2,46 (g)
c) \(C_{M\left(CH_3COONa\right)}=\dfrac{0,03}{0,1+0,02}=0,25M\)
\(n_{CuSO_4}=1.0,01=0,01(mol)\\ PTHH:Fe+CuSO_4\to FeSO_4+Cu\)
Do Cu ko td với HCl nên chất rắn sau phản ứng vẫn là Cu
\(n_{Cu}=n_{Fe}=0,01(mol)\\ \Rightarrow m_{Cu}=0,01.64=0,64(g)\\ b,PTHH:FeSO_4+2NaOH\to Fe(OH)_2\downarrow+Na_2SO_4\\ \Rightarrow n_{NaOH}=2n_{FeSO_4}=2n_{Fe}=0,02(mol)\\ \Rightarrow V_{dd_{NaOH}}=0,02.1=0,02(l)\)
PTHH: \(CuSO_4+2NaOH\rightarrow Na_2SO_4+Cu\left(OH\right)_2\downarrow\)
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CuSO_4}=0,08\cdot3,5=0,28\left(mol\right)\\n_{NaOH}=0,12\cdot1,5=0,18\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,28}{1}>\dfrac{0,18}{2}\) \(\Rightarrow\) CuSO4 còn dư
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Na_2SO_4}=0,09\left(mol\right)=n_{Cu\left(OH\right)_2}\\n_{CuSO_4\left(dư\right)}=0,19\left(mol\right)\\\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{Na_2SO_4}=0,09\cdot142=12,78\left(g\right)\\m_{Cu\left(OH\right)_2}=0,09\cdot98=8,82\left(g\right)\\m_{CuSO_4\left(dư\right)}=0,19\cdot160=30,4\left(g\right)\end{matrix}\right.\)
Mặt khác: \(\left\{{}\begin{matrix}C_{M_{Na_2SO_4}}=\dfrac{0,09}{0,08+0,12}=0,45\left(M\right)\\C_{M_{CuSO_4\left(dư\right)}}=\dfrac{0,19}{0,08+0,12}=0,95\left(M\right)\end{matrix}\right.\)