Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a: \(CO+Fe_2O_3\rightarrow A+CO_2\)
\(n_{CO}=n_{CO_2}=\dfrac{2.668}{22.4}=0.12\left(mol\right)\)
m Fe2O3=mA+mCO2-mCO=12,8(g)
\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0.1\left(mol\right)\)
=>Tỉ lệ \(\dfrac{n_{Ca\left(OH\right)_2}}{n_{CO_2}}=\dfrac{0.1}{0.12}>1\)
=>Tạo 2 muối, có kết tủa
\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+H_2O\)
a a a
\(2CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow Ca\left(HCO_3\right)_2\)
2b b b
Theo đề, ta có hệ:
a+2b=0,12 và a+b=0,1
=>a=0,08 và b=0,02
=>m CaCO3=8(g)
\(n_{CO}=a\left(mol\right),n_{CO_2}=b\left(mol\right)\)
\(n_B=a+b=0.5\left(mol\right)\)
\(m_B=20.4\cdot2\cdot0.5=20.4\left(g\right)\)
\(\Leftrightarrow28a+44b=20.4\)
\(KĐ:a=0.1,b=0.4\)
\(n_{CO\left(pư\right)}=n_{CO_2}=0.4\left(mol\right)\)
\(BTKL:\)
\(m=0.4\cdot44+64-0.4\cdot28=70.4\left(g\right)\)
A, Gọi X,y lần lượt là số mol của Mg và Al
Pthh:
Mg + H2SO4---> MgSO4 + H2
X. X. X. X
2Al + 3H2SO4---> Al2(SO4)3+3H2
Y. 1.5y. Y. 1.5y
Ta có pt:
24x + 27y= 1.95
X+1.5y=2.24/22.4=0.1
=> X=0.025, Y=0.05
%Mg= 0.025×24×100)/1.95=30.8%
%Al= 100%-30.8%=69.2%
mH2SO4= 0.025+1.5×0.05=0.1g
mH2= (0.025+0.05)×2=0.15g
C, Mdd H2SO4 = 0.1/6.5×100=1.54g
MddY= 1.54+1.95-0.15=3.34g
%MgSO4 vs %Al2(SO4)3 b tự tính nha
- Khí thoát ra gồm CO và CO2.
Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO}=a\left(mol\right)\\n_{CO_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow a+b=\dfrac{2,0608}{22,4}=0,092\left(mol\right)\left(1\right)\)
TỈ khối của C so với O2 là 1,125.
\(\Rightarrow\dfrac{28a+44b}{a+b}=1,125.32\left(2\right)\)
Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,046\left(mol\right)\\b=0,046\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
BTNT C, có: nCO (pư) = nCO2 = 0,046 (mol)
Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{FeO}=x\left(mol\right)\\n_{Fe_2O_3}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) ⇒ x + y = 0,04 (3)
Theo ĐLBT KL, có: mA + mCO = mB + mCO2
⇒ mA = 4,784 + 0,046.44 - 0,046.28 = 5,52 (g)
⇒ 72x + 160y = 5,52 (4)
Từ (3) và (4) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,01\left(mol\right)\\y=0,03\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%m_{FeO}=\dfrac{0,01.72}{5,52}.100\%\approx13,04\%\\\%m_{Fe_2O_3}\approx86,96\%\end{matrix}\right.\)
nKOH = 0,2 mol
nBa(OH)2 = 0,3 mol
nBaCO3 =\(\frac{47,28}{197}\) = 0,24 mol
TH1: Kết tủa chưa bị hòa tan
CO2 + Ba(OH)2\(\rightarrow\)BaCO3 + H2O
0,24____0,24 _____0,24
\(\rightarrow\)V = 0,24.22,4 = 5,376 lít
TH2: Kết tủa bị hòa tan một phần
CO2 + Ba(OH)2 \(\rightarrow\)BaCO3 + H2O
0,______0,3_______0,3
CO2 + 2KOH \(\rightarrow\) K2CO3 + H2O
0,1_____0,2 _____0,1
CO2 + K2CO3 + H2O\(\rightarrow\) 2KHCO3
0,1____0,1
CO2 + BaCO3 + H2O \(\rightarrow\)Ba(HCO3)2
\(\rightarrow\) nCO2 = 0,3 + 0,1 + 0,1 + 0,06 = 0,56 mol
\(\rightarrow\) V = 0,56.22,4 = 12,544 lít
a) 3Fe2O3 + CO → 2Fe3O4 + CO2
Fe2O3 + CO → 2FeO + CO2
Fe2O3 + 3CO → 2Fe + 3CO2
nCO2 =\(\frac{1,344}{22,4}\)= 0,06 mol
Bảo toàn nguyên tố C: nCO p.ứ = nCO2 = 0,06 mol
Bảo toàn khối lượng: mFe2O3 ban đầu + mCO p.ứ = mCO2 + mX
→ mFe2O3 ban đầu = 0,06 . 44 + 5,44 - 0,06 . 28 = 6,4(g)
b)
Lấy \(\frac{1}{5}\) lượng CO2 tức là nCO2 = \(\frac{0,06}{5}\) = 0,012 mol
CO2 tác dụng với dung dịch Ca(OH)2 thu được kết tủa, đun nóng dung dịch lại thu được kết tủa
→ CO2 phản ứng với Ca(OH)2 tạo hỗn hợp CaCO3, Ca(HCO3)2
Gọi số mol Ca(HCO3)2 là x
nCaCO3 =\(\frac{0,2}{100}\) = 0,002 mol
2CO2 + Ca(OH)2 → Ca(HCO3)2
2x______x_____________x
CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3↓ + H2O
0,002____0,002_____0,002
nCO2 = 2x + 0,002 = 0,012(mol)
→ x = 0,005
nCa(OH)2 đã dùng = 0,005 + 0,002 = 0,007 mol
CM (Ca(OH)2) đã dùng = \(\frac{0,007}{0,5}\) = 0,014 (M)
Đun nóng dung dịch:
Ca(HCO3)2 → CaCO3↓ + CO2↑ + H2O
0,005_________0,005
m1 = mCaCO3 = 0,005 . 100 = 0,5 (g)
\(n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4mol\)
- Ta luôn có: \(n_{CO}=n_{CO_2}=0,4mol\)
- Áp dụng BTKL: \(m_{CO}+m=64+m_{CO_2}\rightarrow\)0,4.28+m=64+0,4.44
Suy ra m=57,6g
C2H2 + H2 C2H4
C2H2 + H2 C2H6
Khi cho hỗn hợp B qua dd nước Br2 chỉ có C2H4 và C2H2 phản ứng C2H2 +2Br2 → C2H2Br4
C2H4 + Br2 → C2H4Br2
=> khối lượng bình Br2 tăng chính bằng khối lượng của C2H2 và C2H4
mC2H2 + mC2H4 = 4,1 (g)
Hỗn hợp khí D đi ra là CH4, C2H6 và H2
CH4 + 2O2 → t ∘ CO2 + 2H2O
C2H6 + O2 → t ∘ 2CO2 + 3H2O
2H2 + O2 → t ∘ 2H2O
Bảo toàn nguyên tố O cho quá trình đốt cháy hh D ta có:
2nCO2 = 2nO2 – nH2O => nCO2 = ( 0,425. 2– 0,45)/2 = 0,2 (mol)
Bảo toàn khối lượng : mhh D = mCO2 + mH2O – mO2 = 0,2.44 + 0,45.18 – 0,425.32 = 3,3 (g)
Bảo toàn khối lương: mA = (mC2H2 + mC2H4) + mhh D = 4,1 + 3,3 = 7,4 (g)
\(n_{CO_2}=\dfrac{1.344}{22.4}=0.06\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow n_{CO}=0.06\left(mol\right)\)
\(BTKL:\)
\(m_{Fe_2O_3}=5.44+0.06\cdot44-0.06\cdot28=6.4\left(g\right)\)