K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

14 tháng 1 2018

Đáp án A

(*) Phương pháp : bài toàn thủy phân peptit :

(*)Thủy phân trong H2O ( H+ , OH- ) ® a - aa ban đầu

Ax + (x – 1) H2O ® x. A

- Số pt H2O = số lk peptit

- BTKL : mpeptit  + mH2O = maa ban đầu

(*) Thủy phân trong MT axit ( HCl )

 Ax + (x – 1)H2O + xHCl ® muối clorua

- số pt HCl = số nguyên tử N/ peptit = x

- BTKL : mpeptit + mH2O + mHCl = mmuối

(*) Thủy phân trong MT bazo : OH

            Ax + xOH ® muối  + H2O

- số pt H2O = số Haxit / Ax

- BTKL : mpeptit + mbazo = mmuối + mH2O

            nH2O.x = nOH(pứ)

 - Lời giải :

nVal = 0,08 mol. nKOH = 3nY + 4nZ = 0,32 mol

Vì Valin có 5C. Mà Y có 9C và là tripeptit

=> có 2 trường hợp của Y : Val-Gly-Gly hoặc Ala-Ala-Ala

Vì Z có 11C và là tetrapeptit

=> Có 2 trường hợp của Z : Val-Gly-Gly-Gly hoặc Ala-Ala-Ala-Gly

Vì muối thu được gồm cà Gly, Ala và Val

=> cặp Y-Z phù hợp là : (Val-Gly2 + Ala3-Gly) hoặc (Ala3 + Val-Gly3)

+) TH1 : (Val-Gly2 + Ala3-Gly)

=> nY = nVal = 0,08 mol => nZ = 0,02 mol

+) TH2 : (Ala3 + Val-Gly3)

=> nZ = nVal = 0,08 mol => nY = 0 mol (Loại)

=> m = 24,24g

21 tháng 5 2017

Đáp án A

Định hướng tư duy giải

Ta có: 

Z không có Val vì nếu có thì số mol của mắt xích của Z sẽ không nhỏ hơn 0,32 (điều này vô lý)

6 tháng 12 2019

Chọn đáp án A

Y và Z chứa lần lượt 3 và 4 Nitơ || Thủy phần X thu được Gly, Ala, Val.

Y là tripeptit và Z là tetrapeptit đều có dạng (Gly)x(Ala)y(Val)z.

Với Y: 2x + 3y + 5z = 9 và x + y + z = 3 (x; y; z) = (2; 0; 1) ; (0; 3; 0)

Y là (Gly)2Val hoặc Ala-Ala-Ala.

Với Z: 2x + 3y + 5z = 11 và x + y + z = 4 (x; y; z) = (3; 0; 1) ; (1; 3; 0)

Z là (Gly)3Val hoặc Gly(Ala)3.

Ø Để thu được cả 3 loại gốc amino axit thì có 2 trường hợp:

• TH1: Y là (Gly)2Val và Z là Gly(Ala)3.

nY = nVal-K = 12,4 ÷ 155 = 0,08 mol nZ = (0,32 – 0,08 × 3) ÷ 4 = 0,02 mol.

m = 0,08 × 231 + 0,02 × 288 = 24,24 gam.

• TH2: Y là (Ala)3 và Z là (Gly)3Val giải và cho kết quả tương tự TH1!

18 tháng 7 2017

Chọn đáp án A

Y và Z chứa lần lượt 3 và 4 Nitơ || Thủy phần X thu được Gly, Ala, Val.

Y là tripeptit và Z là tetrapeptit đều có dạng (Gly)x(Ala)y(Val)z.

Với Y: 2x + 3y + 5z = 9 và x + y + z = 3 (x; y; z) = (2; 0; 1) ; (0; 3; 0)

Y là (Gly)2Val hoặc Ala-Ala-Ala.

Với Z: 2x + 3y + 5z = 11 và x + y + z = 4 (x; y; z) = (3; 0; 1) ; (1; 3; 0)

Z là (Gly)3Val hoặc Gly(Ala)3.

Ø Để thu được cả 3 loại gốc amino axit thì có 2 trường hợp:

• TH1: Y là (Gly)2Val và Z là Gly(Ala)3.

nY = nVal-K = 12,4 ÷ 155 = 0,08 mol nZ = (0,32 – 0,08 × 3) ÷ 4 = 0,02 mol.

m = 0,08 × 231 + 0,02 × 288 = 24,24 gam.

• TH2: Y là (Ala)3 và Z là (Gly)3Val giải và cho kết quả tương tự TH1!

26 tháng 3 2017

Đáp án B.

X là tripeptit và Y là tetrapeptit.

Đặt nX = a và nY = b ta có:

● Xét Y có chứa Val.

Y có dạng: (Val)1(Gly)3.

PT theo số mol của KOH:

3a + 4b = 0,32 (1)

+ Giả sử X không chứa Val.

nMuối val = nY = 0,08 mol

4b = nKOH 

Vô lý

Loại.

+ Giả sử X chứa Val.

X có dạng (Val)1(Gly)2.

PT bảo toàn gốc Val là:

a + b = 0,08 (2).

+ Giải hệ (1) và (2)

a = 0

Loại.

Vậy X chứa Val và Y không chứa Val.

X có dạng (Val)1(Gly)2 và Y có dạng (Gly)1(Ala)3

PT bảo toàn số mol gốc Val: a = 0,08 (3).

Giải hệ (1) và (3) ta có:

a = 0,08 và b = 0,02 mol.

+ m = 0,08×231 + 0,02×288 = 24,24 gam

Đúng.

+ ∑nGly = 0,08×2 + 0,02 = 0,18 mol

mMuối Gly = 0,18×(75+38) = 20,34 gam

Đúng.

+ ∑nAla = 0,02×3 = 0,06 mol

mMuối Ala = 0,06×(89+38) = 7,62 gam

Sai.

+ X là 1 tripeptit chứ k phải tetrapeptit.

(4) Sai.

Có 2 nhận định đúng.

2 tháng 9 2019

Đáp án B

Quy đổi E thành: 

=> mE = 0,22.57 + 14a +18b =14,21 (1)

Đốt T tốn O2 như đốt E ; nO2 = 18,48/ 32 = 0,5775

nO2 = 0,22.2,25 + 1,5a = 0,5775  (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,055 và b = 0,05 (mol)

Số N trung bình trong E là: 

=> phải có chất chứa nhiều hơn 4,4 nguyên tủa N trong phân tử

=> Chỉ có thể là Z: (Gly)4(Ala) hay C11H19N5O6

Đặt x, y, z lần lượt là số mol X, Y, Z trong E 

(với k là số N của Y)

Do Y có 7C nên k =2 hoặc k =3

TH1: k = 2 => 

Gần nhất với giá trị 5%

TH2: k = 3 => không thỏa mãn

9 tháng 1 2017

Đáp án B

Quy đổi E thành

=> mE = 0,22.57 + 14a +18b =14,21 (1)

Đốt T tốn O2 như đốt E ; nO2 = 18,48/ 32 = 0,5775

nO2 = 0,22.2,25 + 1,5a = 0,5775  (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,055 và b = 0,05 (mol)

Số N trung bình trong E là:

 

 => phải có chất chứa nhiều hơn 4,4 nguyên tủa N trong phân tử

=> Chỉ có thể là Z: (Gly)4(Ala) hay C11H19N5O6

Đặt x, y, z lần lượt là số mol X, Y, Z trong E

 

18 tháng 10 2019

Chọn đáp án D.

Bảo toàn nguyên tố Natri:

nNaOH = 2nNa2CO3 = 0,45 mol.

Đặt nX = x; nY = y; nZ = z.

mE = 31,17g = 260x + 203y + 302z.

nNaOH = 4x + 3y + 4z = 0,45 mol.

nO2 = 10,5x + 8,25y + 15z = 1,3725.

Giải hệ có:

x = 0,05 mol.

y = 0,03 mol.

z = 0,04 mol.

%mX = 260 × 0,05 ÷ 31,17 × 100% = 41,7%.

14 tháng 7 2018

Đáp án D

(x)X : tetra : (Gly)3(Ala)

(y)Y : tri : (Gly)2(Ala)

(z)Z : tetra : (Val)(Gly)2(Ala)

=> mE = 31,17 = 260x + 203y + 302z(1)

T gồm : Gly-Na (3x + 2y + 2z) ; Ala-Na (x + y + z) và Val-Na (z)

NH2CH2COONa + 2,25O2 -> ½ Na2CO3 + 1,5CO2 + 2H2O + ½ N2

NH2CH(CH3)COONa + 3,75O2 -> ½ Na2CO3 + 2,5CO2 + 3H2O + ½ N2

(CH3)2CH-CH(NH2)COONa + 6,75O2 -> ½ Na2CO3 + 4,5CO2 + 5H2O + ½ N2

=> nNa2CO3 = 0,225 = ½ (3x + 2y + 2z + x + y + z + z) = 2x + 1,5y + 2z(2)

nO2 = 1,3725 = 2,25(3x + 2y + 2z) + 3,75(x + y + z) + 6,75z = 10,5x + 8,25y + 15z(3)

Từ (1,2,3) => x = 0,05 ; y = 0,03 ; z = 0,04 mol

=> %mX = 41,71%