Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
- Phần 1 tác dụng với Br2: nBr2 = 16:160 = 0,1 mol
C2H2 + 2Br2 → C2H2Br4
0,05 ← 0,1 (mol)
- Đặt số mol khí mỗi phần như sau:
+ Số mol hỗn hợp khí X là: nX = 11,2:22,4 = 0,5 mol
Ta có: n khí P1 + n khí P2 = nX => 0,05 + x + 0,05k + kx = 0,5 <=> (x + 0,05)k = 0,45 - x
=> 
+ Đốt cháy phần 2:
C2H2 + 2,5O2 → t ∘ 2CO2 + H2O
0,05k → 0,1k→ 0,05k (mol)
CH4 + 2O2 → t ∘ CO2 + 2H2O
kx → kx → 2kx (mol)
Sản phẩm cháy gồm
dẫn qua dung dịch Ba(OH)2 dư:
CO2 + Ba(OH)2 → BaCO3↓ + H2O
k(x+0,1) → k(x+0,1) (mol)
Khối lượng dung dịch giảm: m dd giảm = mBaCO3 – mCO2 – mH2O
=> 197k(x+0,1) – 44k(x+0,1) – 18k(2x+0,05) = 69,525
=> 153k(x+0,1) – 18k(2x+0,05) = 69,525
=> k(117x+14,4) = 69,525
CaC2 + 2H2O → Ca(OH)2 + C2H2
0,2 ← 0,2 (mol)
Al4C3 + 12H2O → 4Al(OH)3 + 3CH4
0,1 ← 0,1 (mol)
Giá trị của m là: m = mCaC2 + mAl4C3 = 0,2.64 + 0,1.144 = 27,2 gam
Phần trăm thể tích các khí trong X là:
tác dụng với AgNO3 trong NH3 dư:
C2H2 + 2AgNO3 + 2NH3 → Ag2C2↓ + 2NH4NO3
0,15 → 0,15 (mol)
Khối lượng kết tủa thu được là: mAg2C2 = 0,15.240 = 36 gam
Thể tích khí đã tác dụng với dung dịch brom là : 6,72 - 2,24 = 4,48 (lít).
=> Số mol khí phản ứng với dung dịch brom là : 4,48/22,4 = 0,2 mol
Khối lượng bình brom tăng lên là do khối lượng hiđrocacbon bị hấp thụ. Vậy khối lượng mol phân tử của hiđrocacbon là :
5,6/0,2 = 28 (gam/mol)
=> Công thức phân tử của một hiđrocacbon là C 2 H 4
Dựa vào phản ứng đốt cháy tìm được hiđrocacbon còn lại là CH 4
% V C 2 H 4 = 4,48/6,72 x 100% = 66,67%; V CH 4 = 33,33%
Ta có: mC2H4 = m bình tăng = 2,8 (g)
\(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_4}=\dfrac{2,8}{4}.100\%=70\%\\\%m_{CH_4}=30\%\text{ }\end{matrix}\right.\)
Bạn tham khảo nhé!
\(n hỗn hợp =0,3(mol)\)
Khi chia hỗn hợp A thành hai phần bằng nhau:
Phần 1:
Khi dẫn hai hidrocacbon trên qua dung dịch Brom thì không có khí thoát ra, nen hai hidrocacbon này đều tác dụng với Br2
\(\cdot TH1:\)Hỗn hợp A gồm \(\left\{{}\begin{matrix}C_nH_{2n}:a\left(mol\right)\\C_mH_{2m}:b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow a+b=0,15\)
\(C_nH_{2n}+Br_2--->C_nH_{2n}Br_2\)
\(C_mH_{2m}+Br_2--->C_mH_{2m}Br_2\)
\(n_{Br_2\left(pứ\right)}=\dfrac{32}{160}=0,2\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow a+b=0,2\)
Ta có hệ: \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,15\\a+b=0,2\end{matrix}\right.\)\((loại)\)
\(\cdot TH2:\)Hỗn hợp A gồm \(\left\{{}\begin{matrix}C_nH_{2n-2}:a\left(mol\right)\\C_mH_{2m-2}:b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow a+b=0,15\)
\(C_nH_{2n-2}+2Br_2--->C_nH_{2n}Br_4\)
\(C_mH_{2m-2}+2Br_2--->C_mH_{2m}Br_4\)
\(n_{Br_2\left(pứ\right)}=\dfrac{32}{160}=0,2\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow2a+2b=0,2\)
Ta có hệ: \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,15\\2a+2b=0,2\end{matrix}\right.\)\((loại)\)
\(\cdot TH3:\)Hỗn hợp A gồm \(\left\{{}\begin{matrix}C_nH_{2n}:a\left(mol\right)\\C_mH_{2m-2}:b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow a+b=0,15\)
\(C_nH_{2n}+Br_2--->C_nH_{2n}Br_2\)
\(C_mH_{2m-2}+2Br_2--->C_mH_{2m}Br_4\)
\(n_{Br_2\left(pứ\right)}=\dfrac{32}{160}=0,2\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow a+2b=0,2\)
ta có hệ: \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,15\\a+2b=0,2\end{matrix}\right.\)\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,1\\b=0,05\end{matrix}\right.\)
+ Phần 2: Đốt cháy hôn hợp A trên thì;
\(C_nH_{2n}\left(0,1\right)+\left(\dfrac{3n}{2}\right)O_2-t^o->nCO_2\left(0,1n\right)+nH_2O\)
\(C_mH_{2m-2}\left(0,05\right)+\left(\dfrac{3m-1}{2}\right)O_2-t^o->mCO_2\left(0,05m\right)+\left(m-1\right)H_2O\)
Khi dẫn sản phẩm cháy qua bình đượng P2O5 thì H2O bị giữ lại trong binh, khí CO2 thoát ra khỏi bình.
Dẫn tiếp qua bình đựng KOH (dư) thì:
\(CO_2\left(0,1n+0,05m\right)+KOH--->K_2CO_3+H_2O\)
Khối lượng bình KOH tăng chính là khối lượng CO2 ở lại trong bình
\(n_{CO_2}=0,4\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow0,1n+0,05m=0,4\)
+ Khi \(n=2=>m=4\)
\(n=3=>m=2\)
\(n=4=>m=0(loại)\)
Vậy hỗn hợp A gồm C2H4 và C4H6 hoặc C3H6 và C2H2
Ôi , chỉ nhìn thôi em cũng thấy sợ rồi , thật khâm phục tính nhẫn nại của chị
\(n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4mol\)
\(m_{tăng}=m_{Br_2}=m_{C_2H_2}=2,6g\)
\(\Rightarrow n_{C_2H_2}=\dfrac{2,6}{26}=0,1mol\)
\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)
0,1 0,1
\(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)
\(C_2H_2+\dfrac{5}{2}O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+H_2O\)
0,1 0,25 0,2
\(\Rightarrow n_{CO_2\left(CH_4\right)}=0,4-0,2=0,2mol\)
\(\Rightarrow n_{CH_4}=0,2mol\Rightarrow n_{O_2}=0,4mol\)
a)\(\%V_{CH_4}=\dfrac{0,2}{0,4}\cdot100\%=50\%\)
\(\%V_{C_2H_2}=100\%-50\%=50\%\)
b)\(\Sigma n_{O_2}=0,4+0,25=0,65mol\)
\(\Rightarrow V_{O_2}=0,65\cdot22,4=14,56l\)
\(\Rightarrow V_{kk}=14,56\cdot5=72,8l\)
PTHH: \(CH_4+2O_2\xrightarrow[]{t^o}CO_2+2H_2O\)
Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{1,68}{22,4}=0,075\left(mol\right)=n_{CH_4}\)
Đặt \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow a+b=\dfrac{5,04}{22,4}-0,075=0,15\) (1)
PTHH: \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)
\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)
Theo PTHH: \(28a+26b=4,1\) (2)
Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=n_{C_2H_4}=0,1\left(mol\right)\\b=n_{C_2H_2}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Mặt khác: \(n_{hh}=\dfrac{5,04}{22,4}=0,225\left(mol\right)\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,075}{0,225}\cdot100\%\approx33,33\%\\\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,1}{0,225}\cdot100\%\approx44,44\%\\\%V_{C_2H_2}=22,23\%\end{matrix}\right.\)
Kết quả tìm kiếm | Học trực tuyến