cho hình chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông tại C và AC = 3a, BC = 4a cạnh bên SA vuông góc với mặt đáy và \(SA=5a\)
a) tính góc giữa SB và (ABC)
b) tính góc giữa SC và (ABC)
c) tính góc giữa SB và (SAC)
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a.
Do \(\left\{{}\begin{matrix}SA\perp\left(ABC\right)\Rightarrow SA\perp BC\\AB\perp BC\left(gt\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow BC\perp\left(SAB\right)\)
\(\Rightarrow BC\perp SB\)
b.
\(SA\perp\left(ABC\right)\Rightarrow AC\) là hình chiếu vuông góc của SC lên (ABC)
\(\Rightarrow\widehat{SCA}\) là góc giữa SC và (ABC)
\(AC=\sqrt{AB^2+BC^2}=a\sqrt{2}\)
\(\Rightarrow tan\widehat{SCA}=\dfrac{SA}{AC}=1\Rightarrow\widehat{SCA}=45^0\)
Chọn B
Phương pháp
Góc giữa đường thẳng và mặt phẳng (nhỏ hơn 90 o ) là góc giữa đường thẳng và hình chiếu của nó trên mặt phẳng.
Cách giải:
Chọn B.
Phương pháp
Góc giữa đường thẳng và mặt phẳng (nhỏ hơn 90o) là góc giữa đường thẳng và hình chiếu của nó trên mặt phẳng.
Cách giải:
Chọn D
Xác định được
Gọi N là trung điểm BC, suy ra MN//AB.
Lấy điểm E đối xứng với N qua M, suy ra ABNE là hình chữ nhật.
Do đó
Đáp án B
Gọi N là trung điểm của BC.
d A B , S M = d A , S M N
Dưng đường cao AK trong tam giác AMN, dựng đường cao AH trong tam giác SAK.
Dễ dàng chứng minh được A H ⊥ S M N tại H, suy ra d A B , S M = d A , S M N = A H
A K = B N = 2 a , S A = 5 a 3 ⇒ A H = 10 a 3 79
Đáp án A
Gọi H là trung điểm của BC thì khi đó SH ⊥ (ABC); suy ra HA là hình chiếu của SA trên (ABC).
Do đó (SA;(ABC)) = (SA;HA) = S H A ^ , mặt khác cos S H A ^ = A H S A = 1 3
a: ΔACB vuông tại C
=>\(CA^2+CB^2=AB^2\)
=>\(AB=\sqrt{\left(3a\right)^2+\left(4a\right)^2}=5a\)
\(\widehat{SB;\left(ABC\right)}=\widehat{BS;BA}=\widehat{SBA}\)
Xét ΔSBA vuông tại A có \(tanSBA=\dfrac{SA}{AB}=\dfrac{5a}{5a}=1\)
nên \(\widehat{SBA}=45^0\)
=>\(\widehat{SB;\left(ABC\right)}=45^0\)
b: \(\widehat{SC;\left(ABC\right)}=\widehat{CS;CA}=\widehat{SCA}\)
Xét ΔSCA vuông tại A có \(tanSCA=\dfrac{SA}{AC}=\dfrac{5}{3}\)
nên \(\widehat{SCA}\simeq59^0\)
=>\(\widehat{SC;\left(ABC\right)}\simeq59^0\)
c: Ta có: BC\(\perp\)AC
BC\(\perp\)SA
AC,SA cùng thuộc mp(SAC)
Do đó:BC\(\perp\)(SAC)
=>BC\(\perp\)SC tại C
\(\widehat{SB;\left(SAC\right)}=\widehat{SB;SC}=\widehat{BSC}\)
Ta có: ΔSAC vuông tại A
=>\(SA^2+AC^2=SC^2\)
=>\(SC=\sqrt{\left(5a\right)^2+\left(3a\right)^2}=a\sqrt{34}\)
Xét ΔSCB vuông tại C có \(tanBSC=\dfrac{BC}{SC}=\dfrac{4a}{a\sqrt{34}}=\dfrac{4}{\sqrt{34}}\)
nên \(\widehat{BSC}\simeq34^026'\)
=>\(\widehat{SB;\left(SAC\right)}\simeq34^026'\)