K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

5 tháng 7 2019

Đáp án A

11 tháng 12 2019

Đáp án B

23 tháng 9 2018

Chọn C

pentapeptit

4 tháng 9 2019

Chọn đáp án D

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

• biến đổi: 0,06 mol E + 0,08 mol H 2 O → 0,14 mol E 2 dạng C ? H 2 ? N 2 O 3   đ i p e p t i t .

10,2 gam E ứng với 3x mol → cần 4x mol H 2 O để chuyển thành 7x mol E 2 .

đốt (10,2 + 72x) gam E 2 (7x mol) cần 0,495 mol O 2 → C O 2   +   H 2 O   +   N 2 .

bảo toàn Oxi có: n C O 2 = (7x × 3 + 0,495 × 2) ÷ 3 = (7x + 0,33) mol.

m E 2 = 14 × (7x + 0,33) + 7x × 76 = 10,2 + 72x giải x = 0,01 mol.

thay ngược lại có: n C O 2 = 0,4 mol. tỉ lệ giả thiết có:

thủy phân 0,03 mol E → 0,04 mol C n H 2 n   +   1 N O 2 + 0,1 mol C m H 2 m   +   1 N O 2 .

bảo toàn nguyên tố C có: 0,04n + 0,1m = n C O 2 = 0,4 mol 2n + 5m = 20.

cặp nghiệm nguyên duy nhất thỏa mãn là n = 5; m = 2.

ứng với có 0,04 mol Valin C 5 H 11 N O 2 và 0,1 mol Glyxin C 2 H 5 N O 2 .

0,03 mol E gồm 0,02 mol Xi và 0,01 mol Yk ∑lk peptit = i + k – 2 = 8

i + k = 10 mà ∑ n α – a m i n o   a x i t = 0,02i + 0,01k = 0,14 mol 2i + k = 14

giải i = 4 và k = 6 E gồm X 4 dạng V a l a G l y 4   –   a   +   Y 6 dạng V a l b G l y 6   –   b

∑ n V a l   = 0,02a + 0,01b = 0,04 mol 2a + b = 4 (điều kiện: a, b ≥ 1)

nghiệm duy nhất thỏa mãn: a = 1 và b = 2 Y dạng V a l 2 G l y 4

Theo đó, M Y = 117 × 2 + 75 × 4 – 5 × 18 = 444 chọn đáp án D. ♠.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2 ,   H 2 O . Xét trong 0,06 mol E ta có:

n H 2 O = n E = 0,06 mol; n C 2 H 3 N O = ∑ n a m i n o   a x i t   = 0,08 + 0,2 = 0,28 mol.

n X = 0,06 ÷ (2 + 1) × 2 = 0,04 mol; n Y = 0,04 ÷ 2 = 0,02 mol.

Gọi số mắt xích trong X và Y là a và b (a, b ≥ 2).

n C 2 H 3 N O = 0,28 mol = 0,04a + 0,02b; số mắt xích = a + b = 8 + 2 = 10.

|| a = 4 và b = 6. Đặt n C H 2 = x mol. Giả sử 10,2 gam E gấp k lần 0,06 mol E.

10,2 gam E chứa 0,28k mol C 2 H 3 N O ; kx mol C H 2 ; 0,06k mol H 2 O .

m E = 0,28k × 57 + 14kx + 0,06k × 18 = 10,2 gam.

và n O 2 cần đốt = 2,25 n C 2 H 3 N O + 1,5 n C H 2 = 2,25 × 0,28k + 1,5kx = 0,495 mol.

Giải hệ có: k = 0,5; kx = 0,12 x = 0,12 ÷ 0,5 = 0,24 mol.

Dễ thấy n C H 2 = 0,24 = 0,08 × 3 + 0,2 có 0,08 mol Val và 0,2 mol Gly.

Gọi số gốc Val trong X và Y là m và n (m, n ≥ 1) 0,04m + 0,02n = 0,08 mol.

Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 1; n = 2 Y là G l y 4 V a l 2 M Y = 444.

4 tháng 2 2019

Chọn đáp án A

27 tháng 7 2017

Chọn đáp án D

E gồm 3 peptit X a ,   Y b ,   Z c   với tỉ lệ mol tương ứng 1 : 1 : 3.

(kí hiệu X a nghĩa là peptit X gồm có a mắt xích, được tạo từ a α–amino axit)

biến đổi peptit: 1 X a   +   1 Y b   +   3 Z c   → 1.( X a )1( Y b ) 1( Z c )3 (ghép mạch) + 4 H 2 O .

thủy phân: X a 1 Y b 1 Z c 3 + H 2 O → 0,16 mol a a 1   + 0,07 mol a a 2 .

|| 1. X a 1 Y b 1 Z c 3 + (23k – 1) H 2 O   → 16k. a a 1 + 7k. a a 2 (k nguyên dương).

a + b + 3c = 23k. Lại có (a – 1) + (b – 1) + (c – 1) = 10 a + b + c = 13.

23k = a + b + 3c < 3(a + b + c) < 39 k < 1,7 k = 1 thỏa mãn.

Phương trình thủy phân: 1 X a   +   1 Y b   +   3 Z c   +   18 H 2 O → 16 a a 1   + 7 a a 2 .

BTKL có m a a 1 + m a a 2 = 19,19 + 0,18 × 18 = 22,43 gam.

có 0,16 mol a a 1   là alanin; 0,07 mol a a 2   là valin.

X và Y là đổng phân cấu tạo a = b 2a + c = 13.

mà ∑ n a m i n o   a x i t = 0,02a + 0,03c = 0,16 + 0,07 giải a = 4; b = 5.

X, Y dạng A l a n V a l 4 - n và Z dạng A l a m V a l 5 - m

∑ n A l a   = 0,02n + 0,03m = 0,16 2n + 3m = 16 (với 1 ≤ n ≤ 3; 1 ≤ m ≤ 4).

n = 2; m = 4 X, Y dạng A l a 2 V a l 2 (M = 358) và Z dạng A l a 4 V a l 1 (M = 401). 

10 tháng 7 2019

Đáp án C

Định hướng tư duy giải

Ta có: 

23 tháng 7 2018

Chọn đáp án C.

Ta có : 

Chú ý:

+ Với những bài toán đốt cháy muối nên tách muối thành Na2O và CO2.

+ Phương trình dồn chất để tìm x = 0,09 ta dồn CH2 và phần dư để tận dụng nhanh số mol C là 0,84 vừa tìm được.

20 tháng 7 2018