Đun nóng 34,6 gam hỗn hợp gồm Ca(HCO3)2, NaHCO3, và KHCO3 thu được 3,6 gam nước và m gam hỗn hợp các muối cacbonat. Giá trị của m là
A. 22,2 gam
B. 43,8 gam
C. 17,8 gam
D. 21,8 gam
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án B
Ca(HCO3)2 → t 0 CaCO3+ CO2+ H2O
2NaHCO3 → t 0 Na2CO3+ CO2+ H2O
2KHCO3 → t 0 K2CO3+ CO2+ H2O
Theo các PTHH ta có: n C O 2 = n H 2 O = 3,6/18= 0,2 mol
Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:
mmuối hidrocacbonat= mmuối cacbonat+ m C O 2 + m H 2 O
→34,6 = m+ 0,2.44+ 3,6 → m = 22,2 gam
Chọn đáp án B
Do theo đề bài phản ứng thu được hỗn hợp các muối cacbonat:
C a H C O 3 2 → t 0 C a C O 3 + C O 2 + H 2 O
2 N a H C O 3 → t 0 N a 2 C O 3 + C O 2 + H 2 O
2 K H C O 3 → t 0 K 2 C O 3 + C O 2 + H 2 O
→ n C O 2 = n H 2 O = 0,2 mol
Bảo toàn khối lượng có: m h h = m + m C O 2 + m H 2 O
→ 34,6 = 3,6 + m + 0,2.44 → m = 22,2 gam.
Chọn đáp án C
Có n G l y = 0,3 mol, n A l a = 0,2 mol, n V a l = 0,1 mol
Hỗn hợp X chỉ gồm các tripeptit → n X = 1 3 ∑ n a m i n = 1 3 . ( 0,3 + 0,2 + 0,1 ) = 0,2 mol
Để hình thành các tripeptit thì mối tripepit nhận 2 phân tử nước → n H 2 O = 2 n X = 0,4 mol
Bảo toàn khối lượng → m = 22, 5+ 17,8 + 11,7 - 0,4. 18 = 44,8 gam.
Đáp án C
Có nGly= 0,3 mol, nAla = 0,2 mol, nVal = 0,1 mol
Hỗn hợp X chỉ gồm các tripeptit → nX =
1
3
∑namin =
1
3
. ( 0,3 + 0,2 + 0,1 ) = 0,2 mol
Để hình thành các tripeptit thì mối tripepit nhận 2 phân tử nước → nH2O = 2nX = 0,4 mol
Bảo toàn khối lượng → m = 22, 5+ 17,8 + 11,7 - 0,4. 18 = 44,8 gam. Đáp án C.
Đáp án C
Khi nung đến khối lượng không đổi ta có:
Ba(HCO3)2 → BaO
NaHCO3 → Na2CO3.
Đặt nBa(HCO3)2 = a
và nNaHCO3 = b ta có:
PT theo m hỗn hợp:
259a + 84b = 30,52 (1).
PT theo m rắn sau khi nung:
153a + 53b = 18,84 (2)
+ Giải hệ (1) và (2) ta có
a = 0,04 và b = 0,24.
● Bảo toàn cacbon
⇒ Y chứa 0,2 mol CO2 và hơi nước
+ Hòa tan X vào H2O ta có:
BaO nBa(OH)2 = 0,04 mol
Nhận thấy nCO2 cho vào < nOH–
⇒ CO2 sẽ bị hấp thụ để tạo muối HCO3–.
Ta có nBaCO3 = 0,04 mol
⇒ Bảo toàn khối lượng ta có:
mChất tan trong T
= 0,04×171 + 0,12×106 + 0,1×44
+(0,1–0,04×2)18 – 0,04×197
= 16,44 gam
Đáp án C
Khi nung đến khối lượng không đổi ta có:
Ba(HCO3)2 → BaO || NaHCO3 → Na2CO3.
Đặt nBa(HCO3)2 = a và nNaHCO3 = b ta có:
PT theo m hỗn hợp: 259a + 84b = 30,52 (1).
PT theo m rắn sau khi nung: 153a + 53b = 18,84 (2)
+ Giải hệ (1) và (2) ta có a = 0,04 và b = 0,24.
● Bảo toàn cacbon ⇒ Y chứa 0,2 mol CO2 và hơi nước.
+ Hòa tan X vào H2O ta có:
BaO → H 2 O nBa(OH)2 = 0,04 mol
Nhận thấy nCO2 cho vào < nOH– ⇒ CO2 sẽ bị hấp thụ để tạo muối HCO3–.
Ta có nBaCO3 = 0,04 mol ||⇒ Bảo toàn khối lượng ta có:
mChất tan trong T = 0,04×171 + 0,12×106 + 0,1×44 + (0,1–0,04×2)×18 – 0,04×197 = 16,44 gam
Đáp án A
Định hướng tư duy giải
Ta có:
→ Z không có Val vì nếu có thì số mol của mắt xích của Z sẽ không nhỏ hơn 0,32 (điều này vô lý)
Đun nóng 34,6 gam hỗn hợp gồm Ca(HCO3)2, NaHCO3, và KHCO3 thu được 3,6 gam nước và m gam hỗn hợp các muối cacbonat. Giá trị của m là
A. 22,2 gam
B. 43,8 gam
C. 17,8 gam
D. 21,8 gam