Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Bài 9:
\(C_xH_y+Br_2\rightarrow C_xH_yBr_2\)
+) Từ tỉ lệ %Br trong Y \(\Rightarrow\) biện luận tìm x, y \(\Rightarrow\) CTPT của X
+) X + HBr thu được 2 sản phẩm hữu cơ \(\Rightarrow\) X bất đối xứng
Vậy CTPT là but-1-en.
Bài 10:
Anken có dạng CnH2n
\(C_nH_{2n}+Br_2\rightarrow C_{n_n}H_{2n}Br_2\)
BTKL:
\(m_A+m_{Br2}=m_{Sp}\Rightarrow m_{Br2}=4,32-1,12=3,2\left(g\right)\)
\(\Rightarrow n_{Br2}=\frac{3,2}{80.2}=0,02\left(mol\right)=n_A\)
\(\Rightarrow M_A=\frac{1,12}{0,02}=56=14n\Rightarrow n=4\)
Vậy A là C4H8
Bài 11 :
B có dạng CnH2n
\(C_nH_{2n}+Br_2\rightarrow C_nH_{2n}Br_2\)
Ta có:
\(n_{Br2}=n_B=\frac{8}{80.2}=0,05\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow M_B=\frac{2,8}{0,05}=56=14n\Rightarrow n=4\)
Suy ra B là C4H8
Vì hidrat hóa B chỉ cho 1 ancol duy nhất
B có cấu trúc đối xứng
B có CTCT là \(CH_3-CH=CH-CH_3\)
Gọi tên: but-2-en
a)
CTPT: CnH2n
\(n_{C_nH_{2n}}=\dfrac{5,88}{14n}=\dfrac{0,42}{n}\left(mol\right)\)
PTHH: CnH2n + H2 --to,Ni--> CnH2n+2
\(\dfrac{0,42}{n}\)----------------->\(\dfrac{0,42}{n}\)
=> \(\dfrac{0,42}{n}\left(14n+2\right)=6,16\)
=> n = 3
=> CTPT: C3H6
b)
CTPT: CnH2n
\(n_{C_nH_{2n}}=\dfrac{3,36}{14n}=\dfrac{0,24}{n}\left(mol\right)\)
PTHH: CnH2n + Br2 --> CnH2nBr2
\(\dfrac{0,24}{n}\)------------>\(\dfrac{0,24}{n}\)
=> \(\dfrac{0,24}{n}\left(14n+160\right)=22,56\)
=> n = 2
=> CTPT: C2H4
Mình thiếu câu C bạn ơi
c) Hidrat hóa anken A thu được chất B, trong B có chứa 34,78% oxi về khối lượng
X : \(C_nH_{2n}\\ \)
\(C_nH_{2n} + H_2O \xrightarrow{t^o,xt} C_nH_{2n+1}OH\)
\(\%O = \dfrac{16}{14n+1+16+1}.100\% = 26,66\%\\ \Rightarrow n = 3\)
Vậy anken là : \(C_3H_6\)
Đặt CTTB của hai anken (olefin) là C−nH2−nCn-H2n-
Số mol của hỗn hợp hai anken = 8,96\22,44= 0,4 mol
CnH2n + 3n\2O2 → n CO2 + −n H2O
mol: 0,4 → 0,4n → 0,4
Theo giả thiết và (1) ta có :
mCO2- mH2O= 44.0,4 −nn-- 18.0,4 −n = (m + 39) - m = 39 => −n= 3,75
Vì hai anken là đồng đẳng kế tiếp và có số nguyên tử cacbon trung bình là 3,75 nên suy ra công thức phân tử của hai anken là C3H6 và C4H8
Gọi x, y là số mol C3H6;C4H8C3H6;C4H8
⇒{x+y=0,4
(44−18)(3x+4y)=39
⇔{x=0,1y=0,3
⇒%VC3H6=25%;%VC4H8 =75%
nBr2 = 0.32 => M trung bình =16.24 / 0.32 = 50.75
=> 2 anken là C3H6 C4H6
Gọi a, b lần lượt là số mol của C3H6 C4H8
=> Hpt a + b =0.32 và 42a + 56b = 16,24
a = 0,12 b = 0,2
%mC3H6 = 31,03% %mC4H8 = 68,97%
Gọi CTTQ của 2 anken là CnH2n
CnH2n + H2 --> CnH2n+2 (1)
MA = 16,52 (g/mol)
MB = 23,6 (g/mol)
Vì hh khí B ko làm mất màu Br2 => Anken hết sau pư (1)
Gọi n2anken =x(mol)
nH2 (bđ) =y(mol)
Theo (1) : nH2(pư)=nankan= nanken =x (mol)
=> nH2(dư)= y-x (mol)
Khi đó :
MA = \(\frac{14nx+2y}{x+y}=16,52\) (I)
MB= \(\frac{x\left(14n+2\right)+2\left(y-x\right)}{x+y-x}=23,6\) (II)
Từ (I,II) => y=7/3 x thế vào (I) => n=3,6
=> CTPT là C3H6 và C4H8
\(n_X=\dfrac{PV}{RT}=\dfrac{1.25\cdot3.584}{0.082\cdot273}=0.2\left(mol\right)\)
\(m_{tăng}=m_X=10.5\left(g\right)\)
\(CT:C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}}\)
\(M_X=\dfrac{10.5}{0.2}=52.5\left(\dfrac{g}{mol}\right)\)
\(\Rightarrow14\overline{n}=52.5\)
\(\Rightarrow\overline{n}=3.75\)
\(A:C_3H_6\left(amol\right),B:C_4H_8\left(bmol\right)\)
\(n_X=a+b=0.2\left(mol\right)\)
\(m_X=42a+56b=10.5\left(g\right)\)
\(\Rightarrow a=0.05,b=0.15\)
\(\%C_3H_6=\dfrac{0.05}{0.2}\cdot100\%=25\%\)
\(\%C_4H_8=75\%\)
c)
CTPT của A: CnH2n
=> CTPT của B: CnH2n+2O
\(\%O=\dfrac{16}{14n+18}.100\%=34,78\%\)
=> n = 2
=> CTPT của A: C2H4