Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
\(C_6H_5OH + NaOH \to C_6H_5ONa + H_2O\\ n_{C_6H_5OH} = 0,2.0,3 = 0,06(mol)\\ n_{H_2} = \dfrac{0,896}{22,4} = 0,04(mol)\\ 2C_6H_5OH + 2Na \to 2C_6H_5ONa + H_2\\ 2C_2H_5OH + 2Na \to 2C_2H_5ONa + H_2\\ 2n_{H_2} = n_{C_6H_5OH} + n_{C_2H_5OH}\\ \Rightarrow n_{C_2H_5OH} = 0,04.2 - 0,06 = 0,02(mol)\\ \Rightarrow m = 0,06.94 + 0,02.46 = 6,56(gam)\)
\(C_6H_5OH + NaOH \to C_6H_5ONa + H_2O\\ n_{C_6H_5OH}= n_{NaOH} = 0,4.0,3 = 0,12(mol)\\ 2C_6H_5OH + 2Na \to 2C_6H_5ONa +H_2\\ 2C_2H_5OH + 2Na \to 2C_2H_5ONa + H_2\\ n_{H_2} =\dfrac{1}{2}n_{C_6H_5OH} + \dfrac{1}{2}n_{C_2H_5OH} = 0,06 + \dfrac{1}{2}n_{C_2H_5OH} = \dfrac{3,584}{22,4} = 0,16(mol)\\ \Rightarrow n_{C_2H_5OH} = 0,2\\ \Rightarrow m_A = 0,12.94 + 0,2.46 = 20,48(gam) \)
Bài 1: ta có:
mBaCl2 = 600. 1,03. 10% = 61,8 g => nBaCl2 = 61,8: 208 \(\approx\)0,3 mol.
mH2SO4 = 100. 1,14. 20% = 22,8g => nH2SO4 = 22,8 : 98 \(\approx\)0,233 mol.
Pư: BaCl2 + H2SO4 ---> BaSO4 + 2HCl
0,233 ----0,233---------0,233------0,466
=> mkết tủa BaSO4 = 0,233. 233 = 54,289g.
Dung dịch sau pứ có: BaCl2 dư = 0,3 - 0,233 = 0,067 mol. HCl tạo ra = 0,466 mol.
Bảo toàn khối lượng => m dd sau pư = 600. 1,03 + 100. 1,14 - 54,289 = 677,711g
=> C% BaCl2 = 0,067. 208 : 677,711 \(\approx\)2,056%.
C% HCl = 0,466. 36,5 : 677,711 \(\approx\)2,51%
Bài 2:
nCO = 9,03. 1022 : 6,02. 1023 = 0,15 mol. => nO trong oxit = 0,15 mol (vì CO + Otrong oxit ---> CO2). => mKim loại = 8 - 0,15.16 = 5,6g
nH2 = 2,24 : 22,4 = 0,1 mol.
ta có: 2M + 2nHCl ----> 2MCln + nH2
=> nM = 0,1.2/n = 0,2/n
=> M. 0,2/n = 5,6 => M = 28n
=> Nếu n = 1 thì M = 28 (loại)
Nếu n = 2 thì M = 56 là Fe (thỏa mãn).
=> nFe = 0,1 mol => nFe : nO = 0,1 : 0,15 = 2:3 => Oxit là Fe2O3
Bài 2: nH2 = \(\dfrac{4,48}{22,4}\) = 0,2 ( mol )
R + 2HCl \(\rightarrow\) RCl2 + H2
x.......2x...........x...........x
Fe + 2HCl \(\rightarrow\) FeCl2 + H2
y........2y.............y..........y
=> x + y = 0,2
RCl2 + 2NaOH \(\rightarrow\) R(OH)2 + 2NaCl
x.............2x.................x.............2x
FeCl2 + 2NaOH \(\rightarrow\) Fe(OH)2\(\downarrow\) + H2
y...............2y...................y..........y
Trường hợp 1 R(OH)2 kết tủa
R(OH)2 \(\rightarrow\) RO + H2O
x....................x..........x
4Fe(OH)2 + O2 \(\rightarrow\) 2Fe2O3 + 4H2O
y..................\(\dfrac{y}{4}\).........y/2.............y
=> xMR + 56y = 15,25
=> xMR = 15,25 - 56y
và x ( 16 + MR ) + 160 . \(\dfrac{y}{2}\) = 12
=> 16x + xMR + 80y = 12
=> 16x + 15,25 - 56y + 80y = 12
=> 16x - 56y + 80y = -3,25
Ta có 80y - 56y phải > 0
và 16x cũng phải > 0
=> Loại
Trường hợp 2 R(OH)2 không kết tủa
FeCl2 + 2NaOH \(\rightarrow\) Fe(OH)2\(\downarrow\) + H2
y...............2y...................y..........y
4Fe(OH)2 + O2 \(\rightarrow\) 2Fe2O3 + 4H2O
y..................\(\dfrac{y}{4}\).........y/2.............y
=> nFe2O3 = \(\dfrac{y}{2}=\dfrac{12}{160}=0,075\left(mol\right)\)
=> y = 0,15 ( mol )
mà x + y = 0,2
=> x = 0,05 ( mol )
=> mFe = 56 . 0,15 = 8,4 ( gam )
=> 0,05 = \(\dfrac{15,25-8,4}{M_R}\)
=> MR = 137
=> R là Ba
Bài 1
Ta có Ag không tác dụng được H2SO4 loãng
=> mAg = 4,6 ( gam )
nH2 = \(\dfrac{6,72}{22,4}\) = 0,3 ( mol )
2Al + 3H2SO4 \(\rightarrow\) Al2(SO4)3 + 3H2
0,2..............................................0,3
=> mAl = 0,2 . 27 = 5,4 ( gam )
=> mhỗn hợp = 5,4 + 4,6 = 10 ( gam )
=> %mAl = \(\dfrac{5,4}{10}\) . 100 = 54 %
=> %mAg = 100 - 54 = 46 %
2. Sửa đề : A là dd H2SO4,B là dd NaOH
-Trộn 50ml dd A với 50ml dd B được dd C làm quỳ tím hóa đỏ.Thêm từ từ 20ml dd NaOH 0,1M vào dd C,thấy quỳ tím trở lại màu tím
-Trộn 50ml dd A với 100ml dd B được dd D làm quỳ tím hóa xanh.Thêm từ từ 20ml dd HCl 0,1M,thấy quỳ tím trở lại màu tím
Tìm nồng độ mol của dd A và B
bài này dùng HCl hay H2SO4 đều dc nhưng t dùng HCl nếu là H2SO4 thì cũng làm tương tự
============================================
Gọi a b lần lượt là nồng độ mol của dd A và B
TN1
\(n_A=0,05a\left(mol\right)\)
\(n_B=0,05b\left(mol\right)\)
Vì quỳ tím chuyển thành màu đỏ => H2SO4 dư
\(2NaOH+H_2SO_4-->Na_2SO_4+2H_2O\)
nbd 0,05b..............0,05a
npu 0,05b............0,025b....................0,05b
ndu 0.................0,05a-0,025b
dd C gồm Na2SO4 và H2SO4 dư
\(n_{NaOH}=0,002\left(mol\right)\)
\(H_2SO_4+2NaOH-->Na_2SO_4+2H_2O\)
0,001............0,002
\(0,05a-0,025b=0,001\left(1\right)\)
TN2
\(n_{NaOH}=0,1b\left(mol\right)\)
\(n_{H_2SO_4}=0,05a\left(mol\right)\)
Vì quỳ tím => màu xanh =>NaOH dư
\(2NaOH+H_2SO_4-->Na_2SO_4+2H_2O\)
nbd 0,1b...........0,05a
npu 0,1a..............0,05a....................0,05a
ndu 0,1b-0,1a..........0
dd D gồm Na2SO4 và NaOH dư
\(n_{HCl}=0,002\left(mol\right)\)
\(NaOH+HCl-->NaCl+H_2O\)
0,002.......0,002..
\(0,1b-0,1a=0,002\left(2\right)\)
Giai (1)(2)
=> a =0,06
b=0,08
\(n_{H_2}\approx0,35\left(mol\right)\)
\(n_{Cl_2}=0,375\left(mol\right)\)
\(Fe+2HCl-->FeCl_2+H_2\uparrow\)
x.........2x........................x..............x
\(2M+2nHCl-->2MCl_n+nH_2\uparrow\)
4x..........4xn.................4x................2xn
\(2M+nCl_2-->2MCl_n\)
4x.......2xn...................4x
\(2Fe+3Cl_2-->2FeCl_3\)
x..........1,5x..............x
\(x+2xn=\dfrac{7,84}{22,4}\Rightarrow2xn=\dfrac{7,84}{22,4}-x\left(1\right)\)
\(2xn+1,5x=0,375\left(2\right)\)
thay(1) vaog(2) => x=0,05
n=3
Thể tích Cl2 tác dụng vs M
\(V_{Cl_2}=2.3.0,05.22,4=6,72\left(l\right)\)
b) \(M=\dfrac{5,4}{4.0,05}=27\left(\dfrac{g}{mol}\right)\)
=> M: Al
\(n_{H_2}=0,1\left(mol\right)\)
\(V_{HCl}=400\left(ml\right)=0,4\left(l\right)\)
\(Zn+2HCl-->ZnCl_2+H_2\uparrow\)
0,1.......0,2...................0,1.............0,1
\(CM_{HCl}=\dfrac{0,2}{0,4}=0,5\left(M\right)\)
\(m_{ZnCl_2}=0,1.136=13,6\left(g\right)\)
b) \(n_{KOH}=\dfrac{50.22,4\%}{56.100\%}=0,2\left(mol\right)\)
\(n_{HCl}=0,2.0,5=0,1\left(mol\right)\)
\(HCl+KOH-->KCl+H_2O\)
\(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,2}{1}\) =>KOH dư
\(V_{KOH}=\dfrac{50}{1,25}=40\left(ml\right)=0,04\left(l\right)\)
\(CM_{KCl}=\dfrac{0,1}{0,2+0,04}=\dfrac{5}{12}\left(M\right)\)
\(CM_{KOH}=\dfrac{0,2-0,1}{0,2+0,04}=\dfrac{5}{12}\left(M\right)\)