Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
\(\text{nCu= 0,075 mol}\)
\(\text{nHNO3= 0,1 mol}\)
\(\text{nH2SO4= 0,1 mol}\)
\(\text{3Cuhết + 8H+dư + 2NO3-dư® 3Cu2+ + 2NO + 4H2O}\)
0,075..........0,2......0,05.........0, 075 mol.......0,05
\(\text{nNO3- dư= 0,1- 0,05 = 0,05 mol}\)
Muối khan thu được có chứa: 0,075 mol Cu2+, 0,05 mol NO3- và 0,1 mol SO42-
→ m muối khan: \(\text{0,075.64+ 0,05.62+ 0,1.96= 17,5 gam}\)
\(\text{V NO = 0,05 .22,4 =1,12 lít}\)
a)
Do sau phản ứng có chứa nguyên tử Fe
=> A là muối cacbonat của Fe
CTHH: \(Fe_2\left(CO_3\right)_x\)
=> \(\frac{56.2}{56.2+60x}.100\%=48,28\%\) => x = 2
=> \(CTHH:FeCO_3\)
b)
Gọi số mol \(Fe_2O_3,Fe_3O_4\) là x,y (mol)
=> 160x + 232y = 39,2 (1)
\(n_{FeCO_3}=\frac{58}{116}0,5\left(mol\right)\)
Bảo toàn Fe => \(n_{Fe\left(FeCO_3\right)}=n_{Fe\left(Fe_2O_3\right)}+n_{Fe\left(Fe_3O_4\right)}\)
=> \(n_{FeCO_3}=2.n_{Fe_2O_3}+3.n_{Fe_3O_4}\)
=> \(2x+3y=0,5\) (2)
(1)(2) => \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,1\left(mol\right)\\y=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Gọi số mol \(NO_2\) thu được là a (mol)
Có: \(Fe_3^{+\frac{8}{3}}-1e\rightarrow3Fe^{+3}\)
____0,1----->0,1____________(mol)
\(NO_3^-+2H^++1e\rightarrow NO_2+H_2O\)
_______________a<-----a_____________(mol)
Áp dụng ĐLBT e => a = 0,1 (mol)
PTHH: \(4NO_2+O_2+2H_2O\rightarrow4HNO_3\)
_______0,07<--0,0175-------------->0,07________(mol)
=> \(n_{NO_2\left(dư\right)}=0,1-0,07=0,03\left(mol\right)\)
PTHH: \(3NO_2+H_2O\rightarrow2HNO_3+NO\uparrow\)
_______0,03------------------>0,02_____________(mol)
=> \(n_{HNO_3}=0,02+0,07=0,09\left(mol\right)\)
=> \(C_M\) dd \(HNO_3=\frac{0,09}{2}=0,045M\)
- Quy đổi:
250g CuSO4 .5H2O thì có 160g CuSO4
Vậy 50g CuSO4 .5H2O thì có 32g CuSO4
\(C\%_{CuSO_4}=\dfrac{32.100}{50+450}=6,4\%\)
- Độ tan =18,2g tức là có 18,2 g K2SO4 trong 100g nước
\(C\%_{K_2SO_4}=\dfrac{18,2.100}{18,2+100}\approx15,4\%\)
nH2=0,3=> nOH-=2nH2=0,6 mol
Gọi thể tích hh H2SO4, HCl là V
=> nH2SO4=0,5V
nHCl=V
=>nH+ =2nH2SO4+ nHCl=0,5V*2+V=2V
Pứ trung hòa vừa đủ => nOH- =nH+
<=> 0,6=2V=>V=0,3(l)
nNaHCO3 = 0,1 . 0,3 = 0,03 mol
→ nHCO3- = nNaHCO3 = 0,03 mol
nK2CO3 = 0,2 . 0,3 = 0,06 mol
nCO3 2- = nK2CO3 = 0,06 mol
Để phản ứng hết HCO3- và CO3 2-:
H+ + HCO3- → CO2↑ + H2O
0,03←0,03
2H+ + CO3 2- → CO2↑ + H2O
0,12 ← 0,06
nH+ cần dùng = 0,03 + 0,12 = 0,15 mol
nHCl = 0,2 . 0,1 = 0,02 mol
nNaHSO4 = 0,6 . 0,1 = 0,06 mol
nH+ = nHCl + nNaHSO4 = 0,08 mol < 0,15 mol
→ HCO3-, CO32- còn dư, H+ phản ứng hết
Gọi số mol HCO3-, CO32- phản ứng là x, y
\(\frac{x}{y}=\frac{n_{HCO^-_3}}{n_{CO^{2-}_3}}=\frac{0,03}{0,06}=\frac{1}{2}\left(1\right)\)
nH+ = nHCO3- p.ứ + 2nCO3 2- p.ư
→ x + 2y = 0,08 (2)
Từ (1) và (2) → x = 0,016; y = 0,032
nCO2 = nHCO3- + nCO3 2- = 0,048 (mol)
VCO2 = 0,048 . 22,4 = 1,0752 (l)
Dung dịch X gồm: Na+, K+, Cl-,
HCO3- dư (0,03 - 0,016 = 0,014mol);
CO3 2- dư (0,06 - 0,032 = 0,028 mol)
SO4 2- (0,06 mol)
Cho hỗn hợp KOH và BaCl2 vào X:
nKOH = 0,1 . 0,6 = 0,06 mol
→ nOH- = nKOH = 0,06 mol
nBaCl2 = 1,5 . 0,1 = 0,15 mol
→ nBa2+ = nBaCl2 = 0,15 mol
OH- + HCO3- → CO3 2- + H2O
0,014←0,014 → 0,014
nCO3 2- = 0,014 + 0,028 = 0,042 (mol)
SO4 2- + Ba2+ → BaSO4↓
0,06 → 0,06 → 0,06
CO3 2- + Ba2+ → BaCO3↓
0,042 → 0,042 → 0,042
m↓ = mBaSO4 + mBaCO3
= 0,06 . 233 + 0,042 . 197
= 22,254(g)
Chọn D