Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Do trong 2 trường hợp, Io là như nhau, nên Z1 = Z2
\(\Leftrightarrow\cos\varphi_1=\cos\varphi_2\Leftrightarrow\varphi_1=-\varphi_2\)(Vì 1 cái âm, 1 cái dương)
Đáp án D
Cách giải:
Theo đề
Mặt khác 
Từ (2), (3) 
Khi RLC nt
→
cộng hưởng: 
Do giá trị hiệu dụng I1 = I2
nên Z1 = Z2
Ta có thể biểu diễn Z trên giản đồ như thế này.
Chiều của Z chính là chiều của điện áp u
+ So với i1 thì pha ban đầu của u là: \(\frac{\pi}{4}-\alpha\)
+ So với i2 thì pha ban đầu của u là: \(-\frac{\pi}{12}+\alpha\)
\(\Rightarrow\frac{\pi}{4}-\alpha=-\frac{\pi}{12}+\alpha\)
\(\Rightarrow\alpha=\frac{\pi}{6}\)
\(\Rightarrow\varphi_u=\frac{\pi}{4}-\frac{\pi}{6}=\frac{\pi}{12}\)
Vậy \(u=60\sqrt{2}\cos\left(100\pi t+\frac{\pi}{12}\right)V\)
(A). 
Giải thích: Đáp án D
+ Từ biểu thức của i1 và i2 ta có: 
+ Độ lệch pha giữa điện áp và cường độ dòng điện trong mạch RL và RC:
+ Ta lại có: 
+ Xét mạch RL: 
Tổng trở và dòng điện trong mạch khi đó:
+ Nếu đặt điện áp trên vào hai đầu đoạn mạch RLC nối tiếp thì
Cường độ dòng điện cực đại trong mạch: 
Do ZL = ZC nên trong mạch có cộng hưởng, khi đó: 
Cường độ dòng điện trong mạch:
\(Z_C=100\Omega\)
\(Z_{L1}=200\Omega\)
\(Z_{L2}=400\Omega\)
Ta biểu diễn trên giản đồ véc tơ sự thay đổi của L như sau:
Ta có: \(\tan30=\tan\left(Z_2OR-Z_1OR\right)=\frac{\tan Z_2OR-\tan Z_1OR}{1+\tan Z_2OR.\tan Z_1OR}\)
Suy ra: \(\frac{1}{\sqrt{3}}=\frac{\frac{300}{x}-\frac{100}{x}}{1+\frac{300}{x}.\frac{100}{x}}\)
Giải pt này em sẽ tìm đc x.
Bài này vẽ véc tơ quay và xử lí như là dao động điều hòa bình thường thôi.
Sau 7/100 s, véc tơ quay quay một góc: \(\frac{7}{100}.100\pi=7\pi\)rad
Biểu diễn bằng véc tơ quay ta có:
Ta thấy, dòng điện i lúc này đang đạt giá trị cực đại, là 4 A.
Bài làm của em hoàn toàn đúng rồi, mình không thấy lỗi sai nào cả.