Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Theo dữ kiện đề bài, ta xác định A có thể là \(Na_2O\) hoặc \(NaOH\)
\(TH_1:A:Na_2O\)
Gọi số mol Na2O là a(mol) và dd HCl pứ x(g) dd
\(n_{HCl}=\frac{x.10}{100.36,5}=\frac{x}{365}\left(mol\right)\)
\(PTHH:Na_2O+2HCl\rightarrow2NaCl+H_2O\)
(mol)________a___2a________2a__________
\(C\%_{HCl}=\frac{36,5.\left(\frac{x}{365}-2a\right)}{62a+x}.100=\frac{1460}{227}\left(A\right)\)
\(PTHH:NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)
(mol)______\(\left(\frac{x}{365}-2a\right)\)_____\(\left(\frac{x}{365}-2a\right)\)
Qua 2 pứ thì NaCl thu được là:
\(58,5\left(2a+\frac{x}{365}-2a\right)=17,55\Rightarrow x=109,5\left(g\right)\)
Thay x vừa tìm vào (A) và giải:
\(\Rightarrow a=0,05\left(mol\right)\Rightarrow m=62a=62.0,05=3,1\left(g\right)\)
\(TH_2:A:NaOH\)
Gọi số mol NaOH là a(mol) và dd HCl pứ x(g) dd
\(n_{HCl}=\frac{x}{365}\left(mol\right)\)
\(PTHH:NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)
(mol)______a_______a_______a_____________
\(C\%_{HCl}=\frac{36,5.\left(\frac{x}{365}-a\right)}{40a+x}.100=\frac{1460}{227}\left(A\right)\)
\(PTHH:NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)
(mol)__________\(\left(\frac{x}{365}-a\right)\)___\(\left(\frac{x}{365}-a\right)\)
Qua 2 pứ thì NaCl thu được
\(m_{NaCl}=58,5\left(a+\frac{x}{365}-a\right)=17,55\Rightarrow x=109,5\left(g\right)\)
Thay x tìm được vào (A) và giải:
\(\Rightarrow a=0,1\left(mol\right)\Rightarrow m_{NaOH}=40a=40.0,1=4\left(g\right)\)
Bài 2: Hỗn hợp A gồm BaO, FeO, Al2O3. Hòa tan A trong lượng nước dư được dung dịch D và phần không tan B. Sục khí CO2 dư vào D, phản ứng tạo kết tủa. Cho khí CO dư qua B nung nóng được chất rắn E. Cho E tác dụng với dung dịch NaOH dư, thấy tan một phần và còn lại là chất rắn G. Hòa tan hết G trong lượng dư dung dịch H2SO4 loãng rồi cho dung dịch thu được tác dụng với dung dịch KMnO4. Giải thích thí nghiệm trên bằng các phương trình phản ứng.
________________________________________________________________________
A: BaO + FeO + Al2O3
B: FeO + Al2O3 dư
D: dd Ba(AlO2)2
E: Fe + Al2O3 dư
G: Fe
\(PTHH:BaO+H_2O\rightarrow Ba\left(OH\right)_2\)
\(Ba\left(OH\right)_2+Al_2O_3\rightarrow Ba\left(AlO_2\right)_2+H_2O\)
\(Ba\left(AlO_2\right)_2+4H_2O+2CO_2\rightarrow Ba\left(HCO_3\right)_2+2Al\left(OH\right)_3\)
\(FeO+CO\underrightarrow{t^o}Fe+CO_2\)
\(Al_2O_3+2NaOH\rightarrow2NaAlO_2+H_2O\)
\(Fe+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2\)
\(10FeSO_4+8H_2SO_4+2KMnO_4\rightarrow5Fe_2\left(SO_4\right)_3+8H_2O+2MnSO_4+K_2SO_4\)
Bài 3: Cho một lá sắt có khối lượng 5g vào 50ml dung dịch CuSO4 15% có khối lượng là 1,12g/ml. Sau một thời gian phản ứng, người ta lấy lá sắt ra khỏi dung dịch, rửa nhẹ, làm khô, cân nặng 5,16g. Tính nồng độ % các chất còn lại trong dung dịch sau phản ứng
_______________________________________________________________________
Gọi số mol Fe là x (mol)
\(PTHH:Fe+CuSO_4\rightarrow FeSO_4+Cu\)
(mol)_____x_____x_________x_____x__
(mol)
Theo đề bài ta có:
\(\Delta m=64x-56x=5,16-5\\ \Leftrightarrow8x=0,16\\ \Leftrightarrow x=0,02\left(mol\right)\)
\(m_{ddCuSO_4}=50.1,12=56\left(g\right)\\ n_{CuSO_4}=\frac{56.15}{100.160}=0,0525\left(mol\right)\)
Lập tỉ lệ: \(\frac{0,02}{1}< \frac{0,0525}{1}\rightarrow CuSO_4\) dư
\(m_{ddspu}=0,02.56+56-64.0,02=55,84\left(g\right)\)
\(C\%_{ddNaCl}=\frac{0,02.152}{55,84}.100\%=5,44\left(\%\right)\)
\(C\%_{ddCuSO_4\cdot du}=\frac{160.\left(0,0525-0,02\right)}{55,84}.100\%=9,31\left(\%\right)\)
BTKL: mD + mNaHCO3 = mCO2 + mE
mD + 179,88 = 44.0,2 + 492 => mD = 320,92
BTKL: mMg + mddHCl = mH2 + mD
=> 24 . 0,4 + mddHCl = 2 . 0,4 + 320,92 => mddHCl = 312,12
=> C%HCl = 11,69%
a) \(n_{MgCO_3}=\dfrac{16,8}{84}=0,2\left(mol\right)\)
PTHH: MgCO3 + 2HCl ---> MgCl2 + CO2 + H2O
0,2--------------------->0,2----->0,2
=> \(m=m_{MgCl_2}=0,2.95=19\left(g\right)\)
\(m_{\text{dd}.sau.p\text{ư}}=150+16,8-0,2.44=158\left(g\right)\)
=> \(C\%_{MgCl_2}=\dfrac{19}{158}.100\%=12,025\%\)
b) CO2 + Ca(OH)2 ---> CaCO3 + H2O
0,2----->0,2------------>0,2
=> \(\left\{{}\begin{matrix}m_{kt}=m_{CaCO_3}=0,2.100=20\left(g\right)\\V_{\text{dd}Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{0,2}{3}=\dfrac{1}{15}\left(l\right)\end{matrix}\right.\)
M + 2HCl → MCl2 + H2↑
MO + 2HCl → MCl2 + H2O
MCl2 + 2NaOH → M(OH)2↓ + 2NaCl
M(OH)2 → MO + H2O
M + CuCl2 → MCl2 + Cu↓
Dung dịch cuối cùng thu được chỉ có NaCl duy nhất, trong quá trình không có kết tủa hoặc khí được sinh ra nên A có thể là Na2O, NaOH hoặc NaCl.
TH1: A là Na2O
\(\text{ Na2O + 2HCl → 2NaCl + H2O}\)
x...........2x..............2x......................(mol)
\(\text{NaOH + HCl → NaCl + H2O}\)
y...............y..............y.....................(mol)
Ta có:
(2x + y)x58,5 = 16,03=>2x+y=16,03/58,5(1)
0,061x(792x+365y)-36,5y=0(2)
(1)(2)=>x=0,0508
y=0,1724
m = 62x0,0508 = 3,15 gam
TH2: A là NaOH
NaOH + HCl → NaCl + H2O
Gọi x, y là số mol của A và NaOH thêm vào
Ta có x + y =16,03/58,5=0,274(3)
mB=40x+(x+y)x36,5x100/10=405x+365y
\(\rightarrow\)C%HCl=36,5y/(405x+365y)=0,061(4)
(3)(4)\(\rightarrow\)x=0,1 y=0,174
m = 40x0,1 = 4 gam
TH3: A là NaCl
Gọi x, y là số mol của NaCl (A) và HCl ban đầu
Ta có x + y =0,274(5)
mB=58,5x+yx36,5x100/10=58,5x+365y
\(\rightarrow\)C%HCl=36,5y/(58,5x+365y)=0,061(6)
(5)(6)\(\rightarrow\)x=0,219 y=0,055
m = 58,5.0,219 = 12,81 gam