Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án C
Vì khi cho dung dịch NaOH vào dung dịch B có xuất hiện khí nên sản phẩm khử có chứa NH4NO3.
Vì cho dung dịch NaOH dư vào dung dịch B nên kết tủa thu được chỉ có Mg(OH)2 (Al(OH)3 tạo thành bị tan trong kiềm dư).
Đáp án B
Khi phản ứng với Cl2
n C l 2 = 7 , 84 22 , 4 = 0 , 35 ( m o l )
X – ne → X +n Cl2+ 2e→ 2Cl-
ne (KL nhường) = ne ( Cl2 nhận ) = 0,35.2 = 0,7 (mol)
Khi phản ứng với HCl
X – ne → X +n 2H+ + 2e → H2
ne( H+ nhận ) = ne (KL nhường) = 0,7 (mol)
=> nH+ = 0,7 (mol)
=> mHCl = 0,7.36,5 = 25,55 (g)
m d d H C l = m H C l . 100 % C % = 25 , 55 . 100 % 14 , 6 % = 175 ( g )
Đáp án D
n h h k h i = 0 , 2 m o l
cho BaCl2 vào kết tủa thu được là BaSO4
n B a S O 4 = 0 , 605 m o l
n H 2 S O 4 = 0 , 605 m o l
n N a O H = 1 , 085 m o l
n N H 3 = 0 , 025 m o l
⇒ n i o n k i m l o a i = 1 , 06 m o l
hỗn hợp khí có chứa H2 nên muối sắt là muối Fe2+
NO3- hết, các muối trung hòa là
MgSO4, FeSO4, K2SO4 và (NH4)2SO4
m F e + m M g = 24,88 gam (1)
nđiện tích - = 2nSO42-= 1,21 mol
nđiện tích += 1,085 + n K +
=> n K + = 0,125 mol
=>nN khí = 0,125 – 0,025 =0,1 mol
Mặt khác bảo toàn khối lượng
m X + m H 2 S O 4 + m K N O 3 = m m u ố i + m k h í + m H 2 O
=> m H 2 O = 8,91 mol
=> n H 2 O = 0,495 mol
Bảo toàn nguyên tố H có
nH axit = nH ( H 2 O )+ nH ( H 2 ) +nH muối amoni
0,605.2 =0,495.2 +2 n H 2 + 0,025.4
=> n H 2 = 0,06 mol
=> n C O 2 = 0,2 – 0,1 – 0,06 = 0,04 mol
=> n F e C O 3 = 0,04 mol
=> mFe + mMg + m F e 3 O 4 = 26,48 g
m KL (hỗn hợp trên)= 22,64 gam (2)
từ (1) và (2) => mO ( F e 3 O 4 )= 3,84 gam
=> n F e 3 O 4 =0,06 mol
mặt khác vì tổng ion dương kim loại F e 2 + v à M g 2 +
Gọi n F e = a m o l , n M g = b m o l
⇒ 2 a + 2 b = 0 , 2 56 a + 24 b = 12 , 56
⇒ a = 0 , 16 , b = 0 , 15 m o l
a, \(n_{H_2}=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\)
\(Mg+2CH_3COOH\rightarrow\left(CH_3COO\right)_2Mg+H_2\)
0,05__________0,1_____________________0,05 (mol)
\(\Rightarrow m_{Mg}=0,05.24=1,2\left(g\right)\)
b, \(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{12,9-0,1.60}{46}=0,15\left(mol\right)\)
PT: \(CH_3COOH+C_2H_5OH⇌CH_3COOC_2H_5+H_2O\) (đk: to, H2SO4)
Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,15}{1}\), ta được C2H5OH dư.
Theo PT: \(n_{CH_3COOC_2H_5\left(LT\right)}=n_{CH_3COOH}=0,1\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow m_{CH_3COOC_2H_5\left(LT\right)}=0,1.88=8,8\left(g\right)\)
\(\Rightarrow H\%=\dfrac{5,72}{8,8}.100\%=65\%\)