Cho hỗn hợp M chứa ba chất hữu cơ mạch hở gồm C3H7NO4 và hai oligopeptit X và Y (đều chứa alanin và valin hơn kém nhau một nguyên tử oxi, MX < MY). Đun 26,19 gam M với dung dịch chứa 0,3 mol NaOH vừa...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

9 tháng 6 2018

Cho hỗn hợp M chứa ba chất hữu cơ mạch hở gồm C3H7NO4 và hai oligopeptit X và Y (đều chứa alanin và valin hơn kém nhau một nguyên tử oxi, MX < MY). Đun 26,19 gam M với dung dịch chứa 0,3 mol NaOH vừa đủ, cô cạn dung dịch thu được chất rắn Z gồm 4 muối, phần hơi chỉ chứa nước. Đốt cháy hoàn toàn Z cần 34,216 lít khí O2, thu được 65,85 gam hỗn hợp CO2 và H2O. Thành phần % khối lượng của X trong M...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

9 tháng 6 2018

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

31 tháng 7 2017

Cho hỗn hợp M chứa ba chất hữu cơ mạch hở gồm C3H7NO4 và hai oligopeptit X và Y (đều chứa alanin và valin hơn kém nhau một nguyên tử oxi, MX < MY). Đun 26,19 gam M với dung dịch chứa 0,3 mol NaOH vừa đủ, cô cạn dung dịch thu được chất rắn Z gồm 4 muối, phần hơi chỉ chứa nước. Đốt cháy hoàn toàn Z cần 34,216 lít khí O2, thu được 65,85 gam hỗn hợp CO2 và H2O. Thành phần % khối lượng của X trong M...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

31 tháng 7 2017

Đáp án A

2 a + b = 0 , 3 ( 1 ) B T N T ( N a ) : n N a 2 C O 3 = 1 2 n N a O H = 0 , 15 B T N T ( C ) : n C = a + 2 a + 3 b + c - 0 , 15 = 3 a + 3 b + c - 0 , 15 B T N T ( H ) : n H 2 O = 2 , 5 a + 3 b + c

→ m C O 2 + m H 2 O = 44 ( 3 a + 3 b + c - 0 , 15 ) + 18 ( 2 , 5 a + 3 b + c ) = 65 , 85 ( 2 ) B T N T ( O ) : ( 2 a + b ) + 1 , 5275 = 0 , 15 . 3 2 + ( 3 a + 3 b + c - 0 , 15 ) + 2 , 5 a + 3 b + c 2 ( 3 )

→ B T K L : m H 2 O ( M ) = 0 , 9 → n H 2 O ( M ) = 0 , 05 = n p e p

→ Độ dài trung bình trong peptit = 5,6

Mặt khác, 2 pep hơn kém nhau 1O → số lk pep hơn kém nhau 1 đơn vị

→ 1 pentapep và 1 hexpep. 2 peptit là P₅ (0,02mol) và P₆ (0,03 mol).

=> 0,28= 0,15+0,13(Val+Ala)

Gọi 2 pep là A l a u V a l 5 - u v à A l a v V A l 6 - v

→ 2 u + 3 v = 13 → 2 giá trị u = 1 và v = 5 (Loại) và u = 3 và v = 2 (thỏa mãn)

→ X: Ala₂Val₃ → % = 34,90%

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

4 tháng 1 2017

Cho hỗn hợp M chứa ba chất hữu cơ mạch hở gồm C3H7NO4 và hai oligopeptit X (a mol) và Y (2a mol). Đun nóng M bằng 360 ml NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hơi Z chứa một chất duy nhất và hỗn hợp rắn T gồm 4 muối. Đốt cháy hoàn toàn T bằng 37,24 lít O2 (đktc), sản phẩm cháy gồm Na2CO3, N2 và 71,97 gam hỗn hợp chứa CO2 và H2O. Biết hai peptit X, Y cùng số nguyên tử cacbon, thủy phân hoàn...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

4 tháng 1 2017

Đáp án A

Hơi Z chứa H₂O, do X, Y tạo ra 2 muối nên từ C₃H₇NO₄ cũng tạo ra 2 muối, vậy CTCT là HCOOH₃NCH₂COOH x mol.

Muối T gồm:

HCOONa x mol, CH₂H₄NO₂Na x mol, C₃H₆NO₂Na y mol và C₅H₁₀NO₂Na z mol

→ n T = 2x+y+z = 0,36

Đốt cháy T cần 1,6625 mol O₂ → 0,5x+2,25x+3,75y+6,75z = 1,6625

→ m C O 2 + m H 2 O = 44(0,5x+1,5x+2,5y+4,5z)+18(0,5x+2x+3y+5z) = 71,97

Giải hệ: x=0,01; y=0,22; z=0,12.

→ Ala : Val = 11:6

→ X + 2Y → A l a 11 V a l 5 k + H 2 O

X và Y không quá 10 gốc aa nên k=1.

Trong 1 phân tử X và 2 phân tử Y có 11 gốc Ala và 6 gốc Val và X, Y cùng số C nên mỗi chất có 21C>

X, Y có dạng (Ala)_u(Val)_v

→ 3u+5v = 21

thỏa mãn y=2; v=3 hoặc u=7, v=0

Hai peptit là (Ala)₂(Val)₃ 0,04 mol và Ala₇ 0,02 mol

→ m M = 29,79 gam → % A l a 2 V a l 3 = 61,36%

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

7 tháng 12 2018

Cho hỗn hợp M chứa 28,775 gam ba chất hữu cơ mạch hở gồm C3H7NO4 và hai peptit X (7a mol) và Y (8a mol). Đun nóng M bằng 335 ml NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hơi Z chứa một chất duy nhất và hỗn hợp rắn T gồm 4 muối. Đốt cháy hoàn toàn T bằng 35,756 lít O2 (đktc), sản phẩm cháy gồm Na2CO3, N2 và 69,02 gam hỗn hợp chứa CO2 và H2O. Nếu thủy phân peptit X, Y thì thu được hỗn hợp valin...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

7 tháng 12 2018

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

19 tháng 8 2019

Cho hỗn hợp M chứa 28,775 gam ba chất hữu cơ mạch hở gồm C3H7NO4 và hai peptit X (7a mol) và Y (8a mol). Đun nóng M bằng 335 ml NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hơi Z chứa một chất duy nhất và hỗn hợp rắn T gồm 4 muối. Đốt cháy hoàn toàn T bằng 35,756 lít O2 (đktc), sản phẩm cháy gồm Na2CO3, N2 và 69,02 gam hỗn hợp chứa CO2 và H2O. Nếu thủy phân peptit X, Y thì thu được hỗn hợp valin...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

19 tháng 8 2019

Đáp án D

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

19 tháng 5 2018

Cho hỗn hợp M chứa 28,775 gam ba chất hữu cơ mạch hở gồm C3H7NO4 và hai peptit X (7a mol) và Y (8a mol). Đun nóng M bằng 335 ml NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hơi Z chứa một chất duy nhất và hỗn hợp rắn T gồm 4 muối. Đốt cháy hoàn toàn T bằng 35,756 lít O2 (đktc), sản phẩm cháy gồm Na2CO3, N2 và 69,02 gam hỗn hợp chứa CO2 và H2O. Nếu thủy phân peptit X, Y thì thu được hỗn hợp valin...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

19 tháng 5 2018

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

20 tháng 9 2018

Cho hỗn hợp M chứa 28,775 gam ba chất hữu cơ mạch hở gồm C3H7NO4 và hai peptit X (7a mol) và Y (8a mol). Đun nóng M bằng 335 ml NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hơi Z chứa một chất duy nhất và hỗn hợp rắn T gồm 4 muối. Đốt cháy hoàn toàn T bằng 35,756 lít O2 (đktc), sản phẩm cháy gồm Na2CO3, N2 và 69,02 gam hỗn hợp chứa CO2 và H2O. Nếu thủy phân peptit X, Y thì thu được hỗn hợp valin,...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

20 tháng 9 2018

Chọn đáp án D

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

17 tháng 7 2019

Hỗn hợp E gồm ba chất: X (là este của amino axit); Y và Z là hai peptit mạch hở (hơn kém nhau một nguyên tử nitơ, đều chứa ít nhất hai loại gốc amino axit, M Y < M Z ). Cho 36 gam E tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,44 mol NaOH, thu được 7,36 gam ancol (no, đơn chức, mạch hở) và 45,34 gam ba muối của glyxin, alanin, valin (trong đó có 0,1 mol muối của alanin). Mặt khác,...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

17 tháng 7 2019

Chọn đáp án A

Cách 1: Biến đổi peptit, este – xử lí tinh tế giải đốt cháy kết hợp thủy phân

36 gam E + 0,44 mol NaOH → 45,34 gam muối + 7,36 gam ancol + ? H 2 O .

⇒ BTKL có m H 2 O = 0,9 gam ⇒ n H 2 O = 0,05 mol = n Y , Z .

Giải hệ 45,34 gam muối gồm x mol Gly–Na + y mol Val–Na + 0,1 mol Ala–Na

lại biết x + y + 0,1 = 0,44 mol ⇒ giải x = 0,31 mol và y = 0,03 mol.

☆ Biến đổi: E + 0,39 mol H 2 O → 0,31 mol Gly + 0,1 mol Ala + 0,03 mol Val + 7,36 gam ancol.

đốt E cho 1,38 mol H 2 O ||⇒ bảo toàn H có n H t r o n g a n c o l = 0,96 mol.

nhìn 7,36 gam ancol dạng C H 2 m O C – 1 ⇒ n a n c o l = (7,36 – 0,48 × 14) ÷ (16 – 12) = 0,16 mol.

⇒ M a n c o l = 7,36 ÷ 0,16 = 46 cho biết có 0,16 mol ancol là C 2 H 6 O H .

chỉ có 0,31 mol Gly > 0,16 mol ⇒ este chỉ có thể là H 2 N C H 2 C O O C 2 H 5 .

⇒ thủy phân 0,05 mol (Y, Z) → 0,15 mol Gly + 0,1 mol Ala + 0,03 mol Val

⇒ s ố m ắ t x í c h T B = 0,28 ÷ 0,05 = 5,6 → có 0,02 mol pentapeptit Y 5 và 0,03 mol hexapeptit Z 6 .

⇒ có 0,02 mol Y 5 dạng G l y a A l a 5 ^{– a} và 0,03 mol Z 6 dạng G l y b A l a 5 - b V a l 1 .

⇒ ∑ n G l y = 0,02a + 0,03b = 0,15 mol ⇔ 2a + 3b = 15 ⇒ a = 3, b = 3

⇒ có 0,02 mol Y 5 là G l y 3 A l a 2 ⇒ % m Y t r o n g E = 0,02 × 331 ÷ 36 ≈ 18,39% → Chọn A. ♥.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy Quy E về C 2 H 3 N O , C H 2 , H 2 O ⇒ n C 2 H 3 N O = n N a O H = 0,44 mol.

Muối gồm C 2 H 4 N O 2 N a , C H 2 ⇒ n C H 2 /muối = (45,34 – 0,44 × 97)/14 = 0,19 mol.

Đặt n C H 2 /E = x mol; n H 2 O /E = y mol ⇒ m E = 0,44 × 57 + 14x + 18y = 36 gam.

n H 2 O = 1,5 × 0,44 + x + y = 1,38. Giải hệ có: x = 0,51 mol; y = 0,21 mol.

Bảo toàn khối lượng: m H 2 O = 36 + 0,44 × 40 – 7,36 – 45,34 = 0,9 gam.

⇒ n p e p t i t = n H 2 O = 0,9 ÷ 18 = 0,05 mol ⇒ n e s t e = 0,21 – 0,05 = 0,16 mol.

n C H 2 /muối = n A l a + 3 n V a l ⇒ n V a l = (0,19 – 0,1) ÷ 3 = 0,03 mol ⇒ n G l y = 0,31 mol.

Do n e s t e > n A l a , n V a l ⇒ este là este của Gly ⇒ còn 0,31 – 0,16 = 0,15 mol Gly cho peptit.

số mắt xích trung bình = (0,44 – 0,16) ÷ 0,05 = 5,6 ⇒ Y là pentapeptit và Z là hexapeptit.

Đặt n Y = a mol; n Z = b mol ⇒ n p e p t i t = 0,05 mol = a + b; n m ắ t x í c h = 5a + 6b = 0,44 – 0,16.

Giải hệ có: a = 0,02 mol; b = 0,03 mol ⇒ hexapeptit chứa 1 Val.

n A l a = 0,1 = 0,02 × 5 = 0,02 × 2 + 0,03 × 2. Mà Y, Z chứa ít nhất 2 loại gốc.

⇒ Y và Z đều chứa 2 gốc Ala ⇒ Y là G l y 3 A l a 2 và Z là G l y 3 A l a 2 V a l

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

4 tháng 4 2017

X là một este no, hai chức ; Y, Z (MY < MZ) là hai peptit đều được tạo từ glyxin và valin; X, Y, Z đều mạch hở. Đun nóng 54,35 gam hỗn hợp M gồm X, Y, Z với dung dịch NaOH (vừa đủ), cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hỗn hợp muối khan T và 7,8 gam hỗn hợp hơi Z chứa hai chất hữu cơ. Đốt cháy hoàn toàn T cần đúng 2,3375 mol O2, thu được 34,45 gam Na2CO3 và hiệu số mol giữa H2O và CO2 là 0,125...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

4 tháng 4 2017

Chọn đáp án A

Xử lý T

→ a = 0 , 45 → B T : O n C ( m u o i ) = 1 , 95 → n C ( M ) = 2 , 25 → N - = 2 , 25 → Y 2 : 0 , 15 Z 3 : 0 , 05 → X e p h i n h % Z = % G V a l 2 = 25 , 11 %

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

3 tháng 8 2018

X là một este không no (có một liên kết đôi C=C), hai chức; Y, Z (MY < MZ) là hai peptit đều được tạo từ alanin và valin; X, Y, Z đều mạch hở. Đun nóng m gam hỗn hợp M gồm X, Y, Z với dung dịch NaOH (vừa đủ), cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hỗn hợp muối khan T và 5,46 gam hỗn hợp hơi Q chứa hai chất hữu cơ no. Đốt cháy hoàn toàn lượng M trên cần 1,815 mol O2. Đốt cháy hoàn toàn T bằng...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

3 tháng 8 2018

Chọn đáp án A

Xử lý T

n N a 2 C O 3 = 0 , 19 → C n H 2 n N O 2 N a : a C m H 2 m - 6 N a 2 O 4 : b → a + 2 b = 0 , 38 3 b = 0 , 21 ⇒ b = 0 , 07 → n P e p t i t = 0 , 11 → a = 0 , 24

Ancol Q cháy

Đúng(0)

Chúng tôi đề xuất

Tài nguyên

Ứng dụng mobile

Bảng xếp hạng

Các khóa học có thể bạn quan tâm

Yêu cầu VIP