K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

22 tháng 4 2017

Quy đổi X thành  C 2 H 5 N O   0 , 2   m o l ,   C H 2   a   m o l   v à   C O 2   b   m o l

n N a O H   =   0 , 1   m o l ;   n K O H   =   0 , 14   m o l   →   n O H −   =   0 , 1   +   0 , 14   =   0 , 24 m o l

→ 0,2 + b = 0,24 (1)

+ = 56,88 gam  (2)

Từ (1) và (2) → a = 0,46; b = 0,04

→nO2=2,25.0,2+1,5a=1,14→nO2=2,25.0,2+1,5a=1,14

→ V = 1,14.22,4 = 25,536 lít

Đáp án cần chọn là: D

15 tháng 8 2019

Đáp án A

Định hướng tư duy giải

Với tình huống 1: Ta có: 

Tình huống 2:

16 tháng 7 2017

Đáp án A

Định hướng tư duy giải

Với tình huống 1: Ta có: 

Tình huống 2:

6 tháng 12 2018

26 tháng 9 2018

Đáp án D

nVal- Ala = 1/4. 0,2 = 0,05 mol

Gọi số mol X và Y lần lượt là  x và y mol

Quy đổi 0,2 mol E thành

C2H3ON: 0,95 mol ( tính từ nOH- )

CH2: z mol

H2O: 0,2 mol

=> mE = 69,65g

Hỗn hợp E chứa C8H16N2O3 : 0,05 mol

X: CnH2n-3N5O6 : 0,05 mol

Y: CmH2m-4N6O7 : 0,1 mol

BTNT C : nC = 0,05.8 + 0,05.n + 0,1m = 0,95.2 + 0,85

=> n + 2m = 47

Với đk 11 ≤ n ≤ 14 và  13 ≤ m ≤ 17 ( Vì trong X, Y đều chứa Gly và Ala )

=> n = 13 thì m = 17

=> Y: C17H30N6O7 : 0,1 mol => %Y = ( 0,1.430: 69,65 ).100% = 61,74% ≈ 62%

2 tháng 6 2017

Đáp án B

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O nC₂H₃NO = nNaOH = 0,95 mol; nH₂O = nE = 0,2 mol

Đặt nCH₂ = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E 

139,3(g) E chứa 0,95k mol C₂H₃NO; kx mol CH₂ và 0,2k mol H₂O  

Đốt cho (1,9k + kx) mol CO₂ và (1,625k + kx) mol H₂O

mE = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g)

|| 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

|| giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● nVal-Ala = 1/4nE = 0,05 mol. Đặt nX = a; nY = b nE = a + b + 0,05 = 0,2 mol 

nC₂H₃NO = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol  

► Gọi số gốc CH₂ ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 CH₂; ghép 1 Val cần 3 CH₂) 

0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5 

X là Gly₃AlaVal và Y là Gly₃Ala₂Val 

%mY = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%  

4 tháng 10 2017

Đáp án B

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O nC₂H₃NO = nNaOH = 0,95 mol; nH₂O = nE = 0,2 mol

Đặt nCH₂ = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E 

139,3(g) E chứa 0,95k mol C₂H₃NO; kx mol CH₂ và 0,2k mol H₂O  

Đốt cho (1,9k + kx) mol CO₂ và (1,625k + kx) mol H₂O

mE = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g)

|| 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

|| giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● nVal-Ala = 1/4nE = 0,05 mol. Đặt nX = a; nY = b nE = a + b + 0,05 = 0,2 mol 

nC₂H₃NO = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol  

► Gọi số gốc CH₂ ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 CH₂; ghép 1 Val cần 3 CH₂) 

0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5 

X là Gly₃AlaVal và Y là Gly₃Ala₂Val 

%mY = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%

23 tháng 4 2019

Đáp án B

7 tháng 9 2017

Đáp án B

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O nC₂H₃NO = nNaOH = 0,95 mol; nH₂O = nE = 0,2 mol

Đặt nCH₂ = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E 

139,3(g) E chứa 0,95k mol C₂H₃NO; kx mol CH₂ và 0,2k mol H₂O  

Đốt cho (1,9k + kx) mol CO₂ và (1,625k + kx) mol H₂O

mE = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g)

|| 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

|| giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● nVal-Ala = 1/4nE = 0,05 mol. Đặt nX = a; nY = b nE = a + b + 0,05 = 0,2 mol 

nC₂H₃NO = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol  

► Gọi số gốc CH₂ ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 CH₂; ghép 1 Val cần 3 CH₂) 

0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5 

X là Gly₃AlaVal và Y là Gly₃Ala₂Val

%mY = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%  

21 tháng 6 2017

Chọn đáp án A

► Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2   v à   H 2 O n C 2 H 3 N O = n N a O H   = 0,95 mol; n H 2 O = n E = 0,2 mol

Đặt n C H 2 = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E

139,3(g) E chứa 0,95k mol C 2 H 3 N O ; kx mol C H 2 và 0,2k mol H 2 O

Đốt cho (1,9k + kx) mol C O 2 và (1,625k + kx) mol H 2 O

m E = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g) || 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

|| Giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● n V a l – A l a = 1 4 n E = 0,05 mol. Đặt n X = a; n Y = b n E = a + b + 0,05 = 0,2 mol

n C 2 H 3 N O = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol

► Gọi số gốc C H 2 ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 C H 2 ; ghép 1 Val cần 3 C H 2 )

0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5

X là G l y 3 A l a V a l và Y là G l y 3 A l a 2 V a l

% m Y = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%