jjjjjjjjjjjjjjjj

Đặt \(\sqrt{x-1}=a;\sqrt{x+1}=b\) \(\left(a;b\ge0;x\ge1\right)\)

\(\sqrt{\left(x-1\right)\left(x+1\right)}=\sqrt{x+1}+\sqrt{x-1}-x+4\)

<=> ab = a + b - x + 4

<=> 2ab = 2(a + b) - 2x + 8

<=> 2ab = 2(a + b) - a² - b² + 8

<=> (a + b)² - 2(a + b) + 1 = 9

<=> (a + b - 1)² = 9

<=> \(\orbr{\begin{cases}a+b=4\\a+b=-2\end{cases}}\Leftrightarrow a+b=4\)

\(\Leftrightarrow\sqrt{x+1}+\sqrt{x-1}=4\)

\(\Leftrightarrow\sqrt{x+1}=4-\sqrt{x-1}\)

\(\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x+1=x-1-8\sqrt{x-1}+16\\1\le x\le17\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}4\sqrt{x-1}=7\\1\le x\le17\end{cases}}\)

\(\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}16\left(x-1\right)=49\\1\le x\le17\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x=\frac{65}{16}\\1\le x\le17\end{cases}}\Leftrightarrow x=\frac{65}{16}\left(tm\right)\)

ĐK : \(x>2009;y>2010;z>2011\)

PT <=> \(\frac{-4\sqrt{x-2009}+4}{x-2009}+\frac{-4\sqrt{y-2010}+4}{y-2010}+\frac{-4\sqrt{z-2011}+4}{z-2011}=-3\)

<=> \(\frac{\left(\sqrt{x-2009}-2\right)^2}{x-2009}+\frac{\left(\sqrt{y-2010}-2\right)^2}{y-2010}+\frac{\left(\sqrt{z-2011}-2\right)^2}{z-2011}=0\)

<=> \(\hept{\begin{cases}\sqrt{x-2009}-2=0\\\sqrt{y-2010}-2=0\\\sqrt{z-2011}-2=0\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x=2013\\y=2014\\z=2015\end{cases}}\)

Vậy phương trình có 1 nghiệm duy nhất (x;y;z) = (2013 ; 2014 ; 2015)

a) Xét phương trình thứ nhất, có \(\Delta_1=b^2-4ac\)

Xét phương trình thứ hai, có \(\Delta_2=b^2-4ca=b^2-4ac\)

Từ đó ta có \(\Delta_1=\Delta_2\), do đó, khi phương trình (1) có nghiệm \(\left(\Delta_1\ge0\right)\)thì \(\Delta_2\ge0\)dẫn đến phương trình (2) cũng có nghiệm và ngược lại.

Vậy 2 phương trình đã cho cùng có nghiệm hoặc cùng vô nghiệm.

b) Vì \(x_1,x_2\)là 2 nghiệm của phương trình (1) nên theo định lý Vi-ét, ta có \(x_1x_2=\frac{c}{a}\)

Tương tự, ta có \(x_1'x_2'=\frac{a}{c}\)

Từ đó \(x_1x_2+x_1'x_2'=\frac{c}{a}+\frac{a}{c}\)

Nếu \(\hept{\begin{cases}a>0\\c>0\end{cases}}\)hay \(\hept{\begin{cases}a< 0\\c< 0\end{cases}}\)thì \(\hept{\begin{cases}\frac{c}{a}>0\\\frac{a}{c}>0\end{cases}}\), khi đó có thể áp dụng bất đẳ thức Cô-si cho 2 số dương \(\frac{c}{a}\)và \(\frac{a}{c}\):

\(\frac{c}{a}+\frac{a}{c}\ge2\sqrt{\frac{c}{a}.\frac{a}{c}}=2\), dẫn đến \(x_1x_2+x_1'x_2'\ge2\)

Nhưng nếu \(\hept{\begin{cases}a>0\\c< 0\end{cases}}\)hay \(\hept{\begin{cases}a< 0\\c>0\end{cases}}\)thì \(\hept{\begin{cases}\frac{c}{a}< 0\\\frac{a}{c}< 0\end{cases}}\),như vậy \(\frac{c}{a}+\frac{a}{c}< 0< 2\)dẫn đến \(x_1x_2+x_1'x_2'< 2\)

Như vậy không phải trong mọi trường hợp thì \(x_1x_2+x_1'x_2'>2\)

TL :

KQ PT này là \(\sqrt{3x2}^5\)

Do căn bậc ko thuộc kq tuyệt đối của PT , nên \(PT\in\varnothing\)

Nên KQ :

\(PT=0\)

https://h.vn/cau-hoi/giai-ptsqrtx22x3sqrtx2x22x2.4647589959420

Bạn có thể tham khảo bài làm của mk

.

bí  maatj