sdadssad

bạn sáng ko đc trả lời spam

Đề ko có vấn đề chứ ạ ? 

\(27x^2.x+69x^2+36x=0\)

Tương đương vs pt : \(\Leftrightarrow27x^3+69x^2+36x=0\)

\(\Leftrightarrow3x\left(9x^2+23x+12\right)=0\)

TH1 : \(3x=0\Leftrightarrow x=0\)

TH2 : \(\Delta=23^2-4.12.9=529-432=97>0\)

Phương trình có 2 nghiệm phân biệt

\(x_1=\frac{-23-\sqrt{97}}{3};x_2=\frac{-23+\sqrt{97}}{3}\)

Hoành độ giao điểm của (d) và (P) là nghiệm phương trình: 

\(\frac{1}{2}x^2=mx+2\)

<=> \(\frac{1}{2}x^2-mx-2=0\)

<=> \(x^2-2mx-4=0\)(1)

có: \(\frac{c}{a}=-4< 0\)=> phương trình có 2 nghiệm trái dấu

=> Giao điểm A  và B của d và (P) là 2 điểm nằm ở 2 phía của trục tung 

Gọi a; b lần lượt là hoành độ của A và B => a; b là 2 nghiệm của phương trình (1) 

=> H( a; 0) ; K ( b; 0) => HK = OH + OK = |a| + |b| 

Ta có G là giao điểm của Oy và (d) => G( 0: 2 ) => GO = 2

S (GHK) = \(\frac{1}{2}GO.HK=\left|a\right|+\left|b\right|\)

Theo bài ra ta có: \(\left|a\right|+\left|b\right|=4\)

<=> \(\left(\left|a\right|+\left|b\right|\right)^2=16\)

<=> \(\left(a+b\right)^2-2ab+2\left|ab\right|=16\)

<=> \(\left(a+b\right)^2-4ab=16\)

<=> (2m)^2 +4.4 = 16 

<=> m = 0 

vậy ...

C3 

Đặt \(S=\frac{a}{b+c}+\frac{b}{a+c}+\frac{c}{a+b}\)

\(M=\frac{b}{b+c}+\frac{c}{c+a}+\frac{a}{a+b}\)

\(N=\frac{c}{b+c}+\frac{a}{c+a}+\frac{b}{a+b}\)

Ta có : \(M+N=\left(\frac{b}{b+c}+\frac{c}{c+a}+\frac{a}{a+b}\right)+\left(\frac{c}{b+c}+\frac{a}{c+a}+\frac{b}{a+b}\right)\)

\(=\left(\frac{b}{b+c}+\frac{c}{b+c}\right)+\left(\frac{c}{c+a}+\frac{a}{c+a}\right)+\left(\frac{a}{a+b}+\frac{b}{a+b}\right)\)

\(=\frac{b+c}{b+c}+\frac{c+a}{c+a}+\frac{a+b}{a+b}=1+1+1=3\)

Ta có :\(+)M+S=\frac{b}{b+c}+\frac{c}{c+a}+\frac{a}{a+b}+\frac{a}{b+c}+\frac{b}{c+a}+\frac{c}{a+b}\)

\(=\frac{b+a}{b+c}+\frac{c+b}{c+a}+\frac{a+c}{b+a}\)

Hoàn toàn tương tự :\(+)N+S=\frac{a+c}{b+c}+\frac{b+a}{c+a}+\frac{b+c}{b+a}\)

Áp dụng Bất đẳng thức Cauchy cho 2 số không âm ta được :

\(\frac{b+a}{b+c}+\frac{c+b}{c+a}+\frac{a+c}{b+a}\ge3\sqrt[3]{\frac{\left(b+a\right)\left(c+b\right)\left(a+c\right)}{\left(b+c\right)\left(c+a\right)\left(b+a\right)}}=3\)

\(\frac{a+c}{b+c}+\frac{b+a}{c+a}+\frac{b+c}{b+a}\ge3\sqrt[3]{\frac{\left(a+c\right)\left(b+a\right)\left(b+c\right)}{\left(b+c\right)\left(c+a\right)\left(b+a\right)}}=3\)

Cộng theo vế các bất đẳng thức cùng chiều ta được :

\(M+N+2S\ge3+3=6\)

\(< =>3+2S\ge6< =>2S\ge6-3=3< =>S\ge\frac{2}{3}\)

Vậy ta có điều phải chứng minh

\(P=\frac{a}{b+c}+\frac{b}{c+a}+\frac{c}{b+a}=\frac{a+b+c}{b+c}+\frac{a+b+c}{a+c}+\frac{a+b+c}{a+b}-3\)

\(=\left(a+b+c\right)\left(\frac{1}{b+c}+\frac{1}{a+c}+\frac{1}{a+b}\right)-3\)

\(\ge\left(a+b+c\right)\frac{9}{b+c+a+c+a+b}-3\)

\(=\frac{9}{2}-3=\frac{3}{2}\)

Dấu "=" xảy ra <=> a = b = c

mình thêm 1 vài bước nữa , thiếu rồi xin lỗi bạn nhé !

\(\frac{2\left(x+\sqrt{x}\right)^2}{\left(x-1\right)\left(\sqrt{x}+1\right)^2}=\frac{2\left[\sqrt{x}\left(\sqrt{x}+1\right)\right]^2}{\left(x-1\right)\left(\sqrt{x}+1\right)^2}=\frac{2x.\left(\sqrt{x}+1\right)^2}{\left(x-1\right)\left(\sqrt{x}+1\right)^2}\)

\(=\frac{2x}{x-1}\)(gọn rồi đấy)

không biết làm gì ngoài nhân chéo :((

\(\left(\frac{\sqrt{x}+2}{x+2\sqrt{x}+1}-\frac{\sqrt{x}-2}{x-1}\right)\left(x+\sqrt{x}\right)\left(ĐKXĐ:x\ge0;x\ne1\right)\)

\(=\frac{\left(\sqrt{x}+2\right)\left(x-1\right)-\left(\sqrt{x}-2\right)\left(x+2\sqrt{x}+1\right)}{\left(x+2\sqrt{x}+1\right)\left(x-1\right)}\left(x+\sqrt{x}\right)\)

\(=\frac{x\sqrt{x}-\sqrt{x}+2x-2-x\sqrt{x}-2x-\sqrt{x}+2x+4\sqrt{x}+2}{\left(x+2\sqrt{x}+1\right)\left(x-1\right)}.\left(x+\sqrt{x}\right)\)

\(=\frac{x\sqrt{x}-x\sqrt{x}-\sqrt{x}-\sqrt{x}+4\sqrt{x}+2x-2x+2x-2+2}{\left(x+2\sqrt{x}+1\right)\left(x-1\right)}.\left(x+\sqrt{x}\right)\)

\(=\frac{2\left(x+\sqrt{x}\right)^2}{\left(x-1\right)\left(\sqrt{x}+1\right)^2}\)

xong nhé :v bạn làm được tiếp thì làm

\(a^2+b^2+c^2\ge\frac{\left(a+b+c\right)^2}{3}\)

\(\Leftrightarrow3\left(a^2+b^2+c^2\right)\ge\left(a+b+c\right)^2\)

\(\Leftrightarrow3a^2+3b^2+3c^2\ge a^2+b^2+c^2+2ab+2ac+2bc\)

\(\Leftrightarrow2a^2+2b^2+2c^2-2ab-2ac-2bc\ge0\)

\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2+\left(b-c\right)^2+\left(c-a\right)^2\ge0\)(Luôn đúng)

cách khác ạ :3

Áp dụng BĐT Cauchy Schwarz dạng engel ta có :

\(a^2+b^2+c^2=\frac{a^2}{1}+\frac{b^2}{1}+\frac{c^2}{1}\ge\frac{\left(a+b+c\right)^2}{3}\)

Vậy ta có điều phải chứng minh