a: Ta có: \(\widehat{HAC}+\widehat{ACB}=90^0\)(ΔAHC vuông tại H)

\(\widehat{ABC}+\widehat{ACB}=90^0\)(ΔABC vuông tại A)

Do đó: \(\widehat{HAC}=\widehat{ABC}\)

b: Ta có: \(\widehat{CAK}+\widehat{BAK}=\widehat{BAC}=90^0\)

\(\widehat{CKA}+\widehat{HAK}=90^0\)(ΔHAK vuông tại H)

mà \(\widehat{BAK}=\widehat{HAK}\)(AK là phân giác của góc HAB)

nên \(\widehat{CAK}=\widehat{CKA}\)

c: Xét ΔCAK có \(\widehat{CAK}=\widehat{CKA}\)

nên ΔCAK cân tại C

ΔCAK cân tại C

mà CP là đường phân giác

nên CP\(\perp\)AK

`a, x^8 - 1`

`=(x^4)^2 - 1^2`

`= (x^4 - 1)(x^4 + 1)`

`= (x^2 - 1)(x^2 + 1)(x^4 + 1)`

`= (x-1)(x+1)(x^2+1)(x^4+1)`

`b, x^10 - 1`

`= (x^5)^2-1^2`

`=(x^5-1)(x^5+1)`

`= (x - 1)(x^4 + x^3 + x^2 + x + 1)(x^5+1)`

Ta có:

`(25/13)^15 = (25^15)/(13^15) > 1`

`(13/25)^20 = (13^20)/(25^20) < 1`

`-> (13/25)^20 < 1 < (25/13)^15`

Vậy: `(25/13)^15 > (13/25)^20`

(\(\dfrac{25}{13}\))¹⁵ > 1¹⁵ > 1

(\(\dfrac{13}{25}\))²⁰ < 1²⁰ < 1

Vậy (\(\dfrac{25}{13}\))¹⁵ > (\(\dfrac{13}{25}\))²⁰

Do \(f\left(3\right)=f\left(-3\right)\Rightarrow a.3^2+b.3+c=a.\left(-3\right)^2+b.\left(-3\right)+c\)

\(\Rightarrow9a+3b+c=9a-3b+c\)

\(\Rightarrow6b=0\)

\(\Rightarrow b=0\)

\(\Rightarrow f\left(x\right)=ax^2+c\)

\(f\left(-x\right)=a.\left(-x\right)^2+x=ax^2+c\)

\(\Rightarrow f\left(x\right)=f\left(-x\right)\)

g: n là số lẻ nên n=2k+1

Vì 5 là số nguyên tố nên \(n^5-n⋮5\)

\(n^5-n=n\left(n^4-1\right)=n\left(n^2-1\right)\left(n^2+1\right)\)

\(=n\left(n-1\right)\left(n+1\right)\left(n^2+1\right)\)

Vì n;n-1;n+1 là ba số nguyên liên tiếp

nên \(n\left(n-1\right)\left(n+1\right)⋮3!=6\)

=>\(n\left(n-1\right)\left(n+1\right)\left(n^2+1\right)⋮6\)

=>\(n^5-n⋮6\)

mà \(n^5-n⋮5;ƯCLN\left(5;6\right)=1\)

nên \(n^5-n⋮\left(5\cdot6\right)=30\)

\(n^5-n=n\left(n-1\right)\left(n+1\right)\left(n^2+1\right)\)

\(=\left(2k+1\right)\left(2k+1-1\right)\left(2k+1+1\right)\left[\left(2k+1\right)^2+1\right]\)

\(=\left(2k+1\right)\cdot2k\cdot\left(2k+2\right)\left(4k^2+4k+2\right)\)

\(=8k\left(k+1\right)\left(2k^2+2k+1\right)\left(2k+1\right)\)

Vì k;k+1 là hai số nguyên liên tiếp

nên k(k+1) chia hết cho 2

=>\(8k\left(k+1\right)⋮16\)

=>\(n^5-n⋮16\)

mà \(n^5-n⋮30\)

nên \(n^5-n⋮BCNN\left(30;16\right)\)

=>\(n^5-n⋮240\)

f: Tích của 5 số nguyên liên tiếp sẽ chia hết cho 5!

mà \(5!=1\cdot2\cdot3\cdot4\cdot5=120\)

nên tích của 5 số nguyên liên tiếp sẽ chia hết cho 120

e: \(n^3+3n^2+2n=n\left(n^2+3n+2\right)=n\left(n+1\right)\left(n+2\right)\)

Vì n;n+1;n+2 là ba số nguyên liên tiếp

nên \(n\left(n+1\right)\left(n+2\right)⋮3!=6\)

=>\(n^3+3n^2+2n⋮6\)

\(\left(x+y\right)^2-2\left(x+y\right)+1=\left(x+y-1\right)^2\) (hằng đẳng thức số 2)

   (\(x+y\))² - 2(\(x+y\)) + 1

= (\(x+y\))² - 2(\(x+y\)).1 + 1²

=  (\(x+y\) - 1)²

nhanh tui tick

\(S=\sqrt{4+3\sqrt{4+3\sqrt{4+...}}}\)

\(S=\sqrt{4+3S}\)

\(S^2=4+3S\)

\(S^2-3S-4=0\)

\(\left(S+1\right)\left(S-4\right)=0\)

\(\Rightarrow S=4\) (do \(S>0\))

Xét tứ giác ABDF có

AB//DF

AF//BD

Do đó: ABDF là hình bình hành

=>AB=DF

=>DF=DC

=>D là trung điểm của FC

Xét tứ giác ADBE có

AD//BE

AE//BD

Do đó: ADBE là hình bình hành

=>AD=BE

=>BE=BC

=>B là trung điểm của EC

Ta có: ADBE là hình bình hành

=>DB=AE

ABDF là hình bình hành

=>BD=AF

Do đó: AF=AE

=>A là trung điểm của FE

Xét ΔECF có

ED,FB,CA là các đường trung tuyến

Do đó: ED,FB,CA đồng quy

`a, x^2-6x+9-y^2`

`= (x-3)^2-y^2`

`=(x-3-y)(x-3+y)`

`b,x^2-4y^2+4x+4`

`= (x^2+4x+4)-(2y)^2`

`= (x+2)^2-(2y)^2`

`=(x+2-2y)(x+2+2y)`

`c, 4x^2+4x-y^2+1`

`=4x^2+4x+1-y^2`

`=(2x+1)^2-y^2`

`=(2x+1-y)(2x+1+y)`

`d, 4x^2-y^2+4y-4`

`= 4x^2-(y^2-4y+4)`

`= (2x)^2-(y-2)^2`

`= (2x-y+2)(2x+y-2)`

Giúp mình với mình đang cần rất gấp