Tìm các giá trị \(x,y\in\mathbb{N}\) sao cho:
\(x+xy+y=5\)
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
1: Xét tứ giác AICK có
AI//CK
AI=CK
Do đó: AICK là hình bình hành
=>AK//CI
=>AE//IF
Xét tứ giác AIFE có IF//AE
nên AIFE là hình thang
2: Xét tứ giác BIDK có
BI//DK
BI=DK
Do đó: BIDK là hình bình hành
=>BD cắt IK tại trung điểm của mỗi đường
mà O là trung điểm của IK
nên O là trung điểm của BD
3:
AICK là hình bình hành
=>góc AIC=góc AKC
=>góc CIB=góc AKD
Xét ΔDEK và ΔBFI có
góc EKD=góc FIB
DK=BI
góc KDE=góc IBF
Do đó: ΔDEK=ΔBFI
4: Xét ΔADC có
DO,AK là trung tuyến
DO cắt AK tại E
=>E là trọng tâm
Xét ΔBAC có
BO,CI là trung tuyến
BO cắt CI tại F
Do đó: F là trọng tâm
Bài 8:
\(a,\left(6-x\right)^2=36-12x^2+x^2\\ \left(x-5\right)^2=x^2-10x+25\\ \left(5x+1\right)^2=25x^2+10x+1\\ \left(2x-1\right)^2=4x^2-4x+1\\ \left(2x+3\right)^2=4x^2+12x+9\\ \left(3+2x\right)^2=9+12x+4x^2\\b, x^2-4=\left(x-2\right)\left(x+2\right)\\ 1-4x^2=1^2-\left(2x\right)^2=\left(1-2x\right)\left(1+2x\right)\\ 4x^2-9=\left(2x\right)^2-3^2=\left(2x-3\right)\left(2x+3\right)\\ 9-25x^2=3^2-\left(5x\right)^2=\left(3-5x\right)\left(3+5x\right)\\ 4x^2-25=\left(2x\right)^2-5^2=\left(2x-5\right)\left(2x+5\right)\\ 9x^2-36=9\left(x^2-4\right)=9\left(x-2\right)\left(x+2\right)\)
\(b2:\\ a,4x^4-4x^2+1=\left(2x^2\right)^2-2.2x^2.1+1^2=\left(2x^2-1\right)^2=\left(1-2x^2\right)^2\\ ---\\ 36+x^2-12x\\ =6^2-2.6.x+x^2=\left(6-x\right)^2=\left(x-6\right)^2\\ ---\\ 4x^2-12x+9=\left(2x\right)^2-2.2x.3+3^2=\left(2x-3\right)^2=\left(3-2x\right)^2\\ ---\\ 1-10x+25x^2=1^2-2.1.5x+\left(5x\right)^2=\left(1-5x\right)^2=\left(5x-1\right)^2\\ ---\\ x^4+81+18x^2=\left(x^2\right)^2+2.x^2.9+9^2=\left(x^2+9\right)^2\)
\(x^2+4y^4-4xy^2=x^2-2.x.2y^2+\left(2y^2\right)^2=\left(x-2y^2\right)^2=\left(2y^2-x\right)^2\\---\\ x^2+10xy+25y^2=x^2+2.x.5y+\left(5y\right)^2=\left(x+5y\right)^2\\ ---\\ 9y^2-24xy+16x^2=\left(3y\right)^2-2.3y.4x+\left(4x\right)^2=\left(3y-4x\right)^2=\left(4x-3y\right)^2\\ ---\\ 16x^2+9y^4+24xy^2=\left(4x\right)^2+\left(3y^2\right)^2+2.4x.3y^2=\left(4x+3y^2\right)^2\)
1:
AI=IB=AB/2
CK=KD=CD/2
mà AB=CD
nên AI=IB=CK=KD
Xét tứ giác AICK có
AI//CK
AI=CK
Do đó: AICK là hình bình hành
=>AK//CI
=>AE//FI
=>AEFI là hình thang
2: Xét tứ giác BIDK có
BI//DK
BI=DK
Do đó: BIDK là hình bình hành
=>BD cắt KI tại trung điểm của mỗi đường
mà O là trung điểm của KI
nên O là trung điểm của BD
3: Xét ΔADK và ΔCBI có
AD=CB
\(\widehat{ADK}=\widehat{CBI}\)
DK=BI
Do đó: ΔADK=ΔCBI
=>\(\widehat{AKD}=\widehat{BIC}\)
Xét ΔDEK và ΔBFI có
\(\widehat{EDK}=\widehat{FBI}\)
DK=BI
\(\widehat{EKD}=\widehat{FIB}\)
Do đó: ΔDEK=ΔBFI
4:
Xét ΔADC có
AK,DO là trung tuyến
AK cắt DO tại E
Do đó: E là trọng tâm của ΔADC
=>\(DE=2EO\)
=>\(EO=\dfrac{1}{2}DE\)
Xét ΔBAC có
CI,BO là trung tuyến
CI cắt BO tại F
Do đó: F là trọng tâm của ΔBAC
=>\(BF=2FO\)
=>\(OF=\dfrac{1}{2}BF\)
5: Xét ΔAEB có
I là trung điểm của BA
IF//AE
Do đó:F là trung điểm của BE
=>BF=FE
mà BF=DE
nên BF=FE=DE
Do ABCD là hình bình hành
⇒ AB // CD
⇒ AM // DN
Tứ giác AMND có:
AM = DN (gt)
AM // DN (cmt)
⇒ AMND là hình bình hành
⇒ MN // AD
Mà AD // BC (ABCD là hình bình hành)
⇒ MN // BC
⇒ ∠GME = ∠GBF (so le trong)
Do EF là đường trung trực của BM
⇒ GM = GB
Xét hai tam giác vuông: ∆GME và ∆GBF có:
GM = GB (cmt)
∠GME = ∠GBF (cmt)
⇒ ∆GME = ∆GBF (cạnh góc vuông-góc nhọn kề)
⇒ GE = GF (hai cạnh tương ứng)
⇒ G là trung điểm của EF
Mà BM ⊥ EF
⇒ BM là đường trung trực của EF
Hay AB là đường trung trực của EF
Gọi lãi suất là x (%(
Ta có sau 2 năm tổng gốc và lãi 449,44 triệu đồng.
=> \(400.\left(1+x\right)^2=449,44\\ \Leftrightarrow\left(1+x\right)^2=\dfrac{449,44}{400}=1,1236=\left(106\%\right)^2\\ \Rightarrow x\left(\%\right)=6\%\\ Vậy:x=6\)
\(a,A=x\left(x+5\right)^3:\left(x+5\right)^2+x^2+x\)
\(=x\left(x+5\right)+x^2+x\)
\(=x^2+5x+x^2+x\)
\(=2x^2+6x\)
\(=2x\left(x+3\right)\)
Ta thấy: \(2x\left(x+3\right)⋮x+3\forall x\in Z\)
\(\Rightarrow A⋮x+3\forall x\in Z\)
\(b,B=x^4y^4:y^3x^3+xy+2\)
\(=xy+xy+2\)
\(=2xy+2\)
\(=2\left(xy+1\right)\)
Ta thấy: \(2\left(xy+1\right)⋮xy+1\forall x;y\in Z\)
\(\Rightarrow B⋮xy+1\forall x;y\in Z\)
\(c,C=xy\left(xy+y+1\right)^3:\left(xy+y+1\right)^2+xy\)
\(=xy\left(xy+y+1\right)+xy\)
\(=xy\left(xy+y+1+1\right)\)
\(=xy\left(xy+y+2\right)\)
Ta thấy: \(xy\left(xy+y+2\right)⋮xy+y+2\forall x;y\in Z\)
\(\Rightarrow C⋮xy+y+2\forall x;y\in Z\)
#\(Toru\)
`# \text {DNamNgV}`
`a)`
`A = x(x + 5)^3 \div (x + 5)^2 + x^2 + x`
`= x(x + 5) + x^2 + x`
`= x^2 + 5x + x^2 + x`
`= 2x^2 + 6x`
`= 2x(x + 3)`
Vì `2x(x + 3) \vdots (x + 3)`
`=> A=x(x + 5)^3 \div (x + 5)^2 + x^2 + x \vdots x + 3`
`b)`
`B=x^4y^4 \div y^3x^3 + xy + 2`
`= (x^4 \div x^3)(y^4 \div y^3) + xy + 2`
`= xy + xy + 2`
`= 2xy + 2`
`= 2(xy + 1)`
Vì `2(xy + 1) \vdots xy + 1`
`=> B =x^4y^4 \div y^3x^3 + xy + 2 \vdots xy + 1`
`c)`
`C = xy(xy + y + 1)^3 \div (xy + y + 1)^2 + xy`
`= xy(xy + y + 1) + xy`
`= xy(xy + y + 1 + 1)`
`= xy(xy + y + 2)`
Vì `xy(xy + y + 2) \vdots xy + y + 2`
`=> C = xy(xy + y + 1)^3 \div (xy + y + 1)^2 + xy \vdots xy + y + 2.`
`# \text {DNamNgV}`
`a)`
`(2x + 1)(3x - 2) + 9x^2 = 4`
`<=> 2x(3x - 2) + 3x - 2 + 9x^2 = 4`
`<=> 6x^2 - 4x + 3x - 2 + 9x^2 = 4`
`<=> 15x^2 - x - 2 = 4`
`<=> 15x^2 - x - 2 - 4 = 0`
`<=> 15x^2 - x - 6 = 0`
`<=> 15x^2 + 9x - 10x - 6 = 0`
`<=> (15x^2 + 9x) - (10x + 6) = 0`
`<=> 3x(5x + 3) - 2(5x + 3) = 0`
`<=> (3x - 2)(5x + 3) = 0`
`<=>` TH1: `3x - 2 = 0`
`<=> 3x = 2`
`<=> x = 2/3`
TH2: `5x + 3 = 0`
`<=> 5x = -3`
`<=> x = -3/5`
Vậy, `x \in {-3/5; 2/3}.`
`b)`
`x^3 - 4x = 0`
`<=> x(x^2 - 4) = 0`
`<=> x*(x^2 - 2^2) = 0`
`<=> x(x - 2)(x + 2) = 0`
`<=>` TH1: `x = 0`
TH2 `x - 2 = 0`
`<=> x = 2`
TH3: `x + 2 = 0`
`<=> x = -2`
Vậy, `x \in {+-2; 0}.`
1:
AI=IB=AB/2
CK=KD=CD/2
mà AB=CD
nên AI=IB=CK=KD
Xét tứ giác AICK có
AI//CK
AI=CK
Do đó: AICK là hình bình hành
=>AK//CI
=>AE//FI
=>AEFI là hình thang
2: Xét tứ giác BIDK có
BI//DK
BI=DK
Do đó: BIDK là hình bình hành
=>BD cắt KI tại trung điểm của mỗi đường
mà O là trung điểm của KI
nên O là trung điểm của BD
3: Xét ΔADK và ΔCBI có
AD=CB
\(\widehat{ADK}=\widehat{CBI}\)
DK=BI
Do đó: ΔADK=ΔCBI
=>\(\widehat{AKD}=\widehat{BIC}\)
Xét ΔDEK và ΔBFI có
\(\widehat{EDK}=\widehat{FBI}\)
DK=BI
\(\widehat{EKD}=\widehat{FIB}\)
Do đó: ΔDEK=ΔBFI
4:
Xét ΔADC có
AK,DO là trung tuyến
AK cắt DO tại E
Do đó: E là trọng tâm của ΔADC
=>\(DE=2EO\)
=>\(EO=\dfrac{1}{2}DE\)
Xét ΔBAC có
CI,BO là trung tuyến
CI cắt BO tại F
Do đó: F là trọng tâm của ΔBAC
=>\(BF=2FO\)
=>\(OF=\dfrac{1}{2}BF\)
5: Xét ΔAEB có
I là trung điểm của BA
IF//AE
Do đó:F là trung điểm của BE
=>BF=FE
mà BF=DE
nên BF=FE=DE
\(x\) + \(xy\) + y = 5 (\(x;y\in\) N)
(\(x\) + \(x\)y) = 5 - y
\(x\).(1 + y) = 5 - y
\(x\) = \(\dfrac{5-y}{1+y}\)
\(x\) \(\in\) N ⇔ 5 - y \(⋮\) 1 + y ⇒ -(y + 1) + 6 ⋮ 1 + y
⇒ 6 ⋮ 1 + y ⇒ y + 1 \(\in\) Ư(6) = {1; 2; 3; 6} ⇒ y \(\in\) {0; 1; 2; 5}
Lập bảng ta có:
Theo bảng trên ta có:
Các cặp số tự nhiên \(x\); y thỏa mãn đề bài lần lượt là:
(\(x;y\)) = (5; 0); (2;1); (1;2); (0; 5)