Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a. Em tự giải
b.
\(\Delta'=4-\left(m+1\right)\ge0\Rightarrow m\le3\)
Theo hệ thức Viet: \(\left\{{}\begin{matrix}x_1+x_2=4\\x_1x_2=m+1\end{matrix}\right.\)
\(x_1^2+x_2^2=5\left(x_1+x_2\right)\)
\(\Leftrightarrow\left(x_1+x_2\right)^2-2x_1x_2=5\left(x_1+x_2\right)\)
\(\Leftrightarrow16-2\left(m+1\right)=20\)
\(\Leftrightarrow m+1=-2\)
\(\Rightarrow m=-3\)
$C=x^{2018}+|y+3|+\sqrt{\frac{3}{5}z-1}$
Ta thấy:
$x^{2018}\geq 0$ với mọi $x$
$|y+3|\geq 0$ với mọi $y$
$\sqrt{\frac{3}{5}z-1}\geq 0$ với mọi $z\geq \frac{5}{3}$
$\Rightarrow C\geq 0+0+0=0$
Vậy $C_{\min}=0$
Giá trị này đạt tại $x=|y+3|=\frac{3}{5}z-1=0$
$\Leftrightarrow x=0; y=-3; z=\frac{5}{3}$
$D=5-\sqrt{x^2+1}$
Vì $x^2\geq 0$ với mọi $x$
$\Rightarrow x^2+1\geq 1$
$\Rightarrow \sqrt{x^2+1}\geq 1$
$\Rightarrow D=5-\sqrt{x^2+1}\leq 5-1=4$
Vậy $D_{\max}=4$. Giá trị này đạt tại $x^2=0\Leftrightarrow x=0$
a.
Theo giả thiết, do \(AH\perp BC;BK\perp AD;BI\perp AC\)
\(\Rightarrow\widehat{AHB}=\widehat{AKB}=\widehat{AIB}=90^0\)
\(\Rightarrow5\) điểm H, K, I, A, B cùng thuộc đường tròn đường kính AB
Nên tứ giác AIKH nội tiếp đường tròn đường kính AB
\(\Rightarrow\widehat{BIK}=\widehat{BAK}\) (cùng chắn AK)
Mà \(\widehat{BAK}=\widehat{BCD}\) (cùng chắn BD của (O))
\(\Rightarrow\widehat{BIK}=\widehat{BCD}\)
AD là đường kính của (O) \(\Rightarrow\widehat{ACD}=90^0\) (góc nt chắn nửa đường tròn)
\(\Rightarrow CD\perp AC\Rightarrow CD||BI\) (cùng vuông góc AC)
\(\Rightarrow\widehat{BCD}=\widehat{IBC}\) (so le trong)
\(\Rightarrow\widehat{BIK}=\widehat{IBC}\) (1)
Mà \(\widehat{IBC}=\widehat{CAH}\) (cùng phụ \(\widehat{ACB}\)) (2)
\(\widehat{CAH}+\widehat{IKH}=180^0\) (do AIKH nội tiếp) (3)
(1);(2);(3) \(\Rightarrow\widehat{BIK}+\widehat{IKH}=180^0\)
\(\Rightarrow HK||BI\) (hai góc trong cùng phía bù nhau)
\(\Rightarrow HK\perp AC\) (do \(BI\perp AC\))
c.
Gọi E là giao điểm của IK và BC
Từ (1): \(\widehat{BIK}=\widehat{IBC}\) \(\Rightarrow\Delta EBI\) cân tại E
\(\Rightarrow EB=EI\) (6)
Mặt khác \(BI\perp AC\Rightarrow\widehat{IBC}+\widehat{ECI}=90^0\)
\(\widehat{BIC}=90^0\Rightarrow\widehat{BIK}+\widehat{EIC}=90^0\)
\(\Rightarrow\widehat{ECI}=\widehat{EIC}\)
\(\Rightarrow\Delta EIC\) cân tại E
\(\Rightarrow EC=EI\) (7)
(6);(7) \(\Rightarrow EB=EC\)
Hay E là trung điểm của BC
Mà BC cố định nên E cố định
\(\Rightarrow\) Khi A di động trên cung lớn BC thì đường thẳng IK luôn đi qua điểm cố định là trung điểm của BC.
Giả sử dây AB qua C \(\Rightarrow AB\le2R=20\)
Trong trường hợp \(AB\perp OC\), áp dụng định lý Pitago:
\(AB=2AC=2\sqrt{R^2-OC^2}=2\sqrt{19}\)
\(\Rightarrow2\sqrt{19}\le AB\le20\)
\(\Rightarrow AB=\left\{9;10;...;20\right\}\) có 12 dây có độ dài là số nguyên
Lời giải:
a.
\(M=\frac{-1}{4}x^3y^4(3x^2y)^2=\frac{-1}{4}x^3y^4.9x^4y^2\\ =\frac{-9}{4}(x^3x^4)(y^4y^2)=\frac{-9}{4}x^7y^6\)
Bậc: $7+6=13$
Hệ số: $\frac{-9}{4}$
Biến: $x^7y^6$
b.
$x=\frac{y}{2}$
$x-y=-3\Rightarrow x=y-3$
Thay vào điều kiện ban đầu: $y-3=\frac{y}{2}$
$\Rightarrow 2(y-3)=y$
$\Rightarrow y=6$
$x=\frac{y}{2}=3$
Khi đó: $M=\frac{-9}{4}x^7y^6=\frac{-9}{4}.3^7.6^6=-229582512$
Sửa đề: \(\dfrac{10}{56}+\dfrac{10}{140}+\dfrac{10}{260}+...+\dfrac{10}{1736}\)
\(=\dfrac{5}{28}+\dfrac{5}{70}+\dfrac{5}{130}+...+\dfrac{5}{868}\)
\(=\dfrac{5}{4\cdot7}+\dfrac{5}{7\cdot10}+...+\dfrac{5}{28\cdot31}\)
\(=\dfrac{5}{3}\times\left(\dfrac{3}{4\times7}+\dfrac{3}{7\times10}+...+\dfrac{3}{28\times31}\right)\)
\(=\dfrac{5}{3}\times\left(\dfrac{1}{4}-\dfrac{1}{7}+\dfrac{1}{7}-\dfrac{1}{10}+...+\dfrac{1}{28}-\dfrac{1}{31}\right)\)
\(=\dfrac{5}{3}\times\left(\dfrac{1}{4}-\dfrac{1}{31}\right)=\dfrac{5}{3}\times\dfrac{27}{124}=\dfrac{45}{124}\)
\(2023\times45\%+2023\times0,25+2023\times\dfrac{3}{10}\)
\(=2023\times\left(0,45+0,25+0,3\right)\)
\(=2023\times1=2023\)
c: Xét (O) có
KE,KD là các tiếp tuyến
Do đó: KE=KD
=>K nằm trên đường trung trực của ED(1)
ta có: OE=OD
=>O nằm trên đường trung trực của ED(2)
Từ (1),(2) suy ra OK là đường trung trực của ED
=>OK\(\perp\)ED tại M và M là trung điểm của ED
Xét ΔODK vuông tại D có DM là đường cao
nên \(OM\cdot OK=OD^2\)
=>\(OM\cdot OK=R^2=OH\cdot OA\)
=>\(\dfrac{OM}{OH}=\dfrac{OA}{OK}\)
Xét ΔOMA và ΔOHK có
\(\dfrac{OM}{OH}=\dfrac{OA}{OK}\)
\(\widehat{MOA}\) chung
Do đó: ΔOMA~ΔOHK
=>\(\widehat{OMA}=\widehat{OHK}\)
=>\(\widehat{OHK}=90^0\)
=>KH\(\perp\)OA
mà BC\(\perp\)OA
và KH,BC có điểm chung là H
nên K,H,B,C thẳng hàng
=>K,B,C thẳng hàng
a. Em tự giải
b.
\(\Delta'=\left(m+1\right)^2-\left(m^2+2\right)=2m-1>0\Rightarrow m>\dfrac{1}{2}\)
Theo hệ thức Viet: \(\left\{{}\begin{matrix}x_1+x_2=2\left(m+1\right)\\x_1x_2=m^2+2\end{matrix}\right.\)
\(x_1^2+x_2^2=10\)
\(\Leftrightarrow\left(x_1+x_2\right)^2-2x_1x_2=10\)
\(\Leftrightarrow4\left(m+1\right)^2-2\left(m^2+2\right)=10\)
\(\Leftrightarrow2m^2+8m-10=0\Rightarrow\left[{}\begin{matrix}m=1\\m=-5\left(loại\right)\end{matrix}\right.\)