a/ 

Ta có

\(OM\perp AD;ON\perp BD\)(Hai tiếp tuyến cùng xp từ 1 điểm thì đường thẳng nối điểm đó với tâm đường tròn vuông góc và chia đôi dây cung nối 2 tiếp điểm) \(\Rightarrow\widehat{MON}=\widehat{ADB}\)(góc có cạnh tương ứng vuông góc)

Mà \(\widehat{ADB}=90^o\)(Góc nội tiếp chắn nửa đường tròn) \(\Rightarrow\widehat{MON}=\widehat{ADB}=90^o\)

b/

Xét tg vuông MON có 

\(OD^2=DM.DN\)(Trong tg vuông bình phương đường cao của tg bằng tích của hai hình chiếu 2 cạnh góc vuông trên cạnh huyền)

Mà \(DM=AM;DN=BN\)(Hai tiếp tuyến cùng xp từ 1 điểm thì khoảng cách từ điểm đó đến 2 tiếp điểm bằng nhau)

\(\Rightarrow DM.DN=AM.BN=OD^2\) (không đổi) => AM.BN không phụ thuộc vị trí điểm D

c/

Xét tg vuông MON

Gọi O' là trung điểm của MN => O' là tâm đường tròn ngoại tiếp tg MON => O'O là bán kính của đường tròn (O')

Ta có

\(AM\perp AB;BN\perp AB\) (1) => AM//BN => AMNB là hình thang

Ta có

O'M=O'N; OA=OB => O'O là đường trung bình của hình thang AMNB => O'O//AM//BN (2)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow O'O\perp AB\) (cùng // với AM) => AB là tiếp tuyến (O')

d/

Ta có

\(AD\perp BD\Rightarrow ID\perp BD;ON\perp BD\left(cmt\right)\Rightarrow KO\perp BD\) => ID//KO

\(BD\perp AD\Rightarrow KD\perp AD;OM\perp AD\left(cmt\right)\Rightarrow OI\perp AD\)=> KD//OI

=> IDKO là hình bình hành (Tứ giác có các cặp cạnh đối // với nhau từng đôi một là hbh) 

Mà \(\widehat{ADB}=90^o\left(cmt\right)\)

=> IDKO là HCN (Hình bình hành có 1 góc vuông là HCN)

Phương trình hoành độ giao điểm \(\left(d_1\right)\)và \(\left(d_2\right)\)là: 

\(\left(m+1\right)x+2=2x+1\)

\(\Leftrightarrow\left(m-1\right)x=-1\)(1) 

Với \(m=1\)phương trình (1) vô nghiệm nên \(\left(d_1\right)\)và \(\left(d_2\right)\)không cắt nhau. 

Với \(m\ne1\)phương trình (1) tương đương với: 

\(x=-\frac{1}{m-1}\)

suy ra \(y=2x+1=\frac{-2}{m-1}+1=\frac{m-3}{m-1}\)

Để giao điểm hai đường đã cho có hoành độ và tung độ trái dấu thì: 

\(-\frac{1}{m-1}.\frac{m-3}{m-1}< 0\Leftrightarrow3-m< 0\Leftrightarrow m>3\).

gọi số bé hơn là x 

ta có số lớn hơn sẽ là 9x +10

ta có tổng hai số là : \(x+9x+10=160\Leftrightarrow10x=150\Leftrightarrow x=15\)

vậy hai số cần tìm là 15 và 145

Điều kiện : \(-4< x< 1\)

\(\sqrt{1-x}=3-\sqrt{4+x}\)

\(1-x=9+4+x-6\sqrt{4+x}\)

\(0=12+2x-6\sqrt{4+x}\)

\(6+x=3\sqrt{4+x}\)

\(36+12x+x^2=9\left(4+x\right)\)

\(x^2+3x=0\)

\(x\left(x+3\right)=0\)

\(\hept{\begin{cases}x=0\left(tm\right)\\x=-3\left(tm\right)\end{cases}}\)

Vậy \(S=\hept{\begin{cases}x=0\\x=-3\end{cases}}\)

em lop 3

Năm 1796, nhà toán học Carl Friedrich Gauss đã tìm được cách vẽ đa giác đều có 17 cạnh bằng thước thẳng và compa, bằng cách xem các đỉnh của đa giác trên vòng tròn như là nghiệm của phương trình số phức zn – 1 = 0.

face face nomi

\(\hept{\begin{cases}8x+7y=16\\8x-3y=-24\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}8x+7y=16\\3y-8x=24\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}3y-8x=24\\10y=40\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}3.4-8x=24\\y=4\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x=-\frac{3}{2}\\y=4\end{cases}}\)

Vậy hệ đã cho có nghiệm duy nhất \(\left(-\frac{3}{2};4\right)\)

j vây lm g

với n=1 thì x+y=z thì rất có nhiều x,y,z để tìm như 1+2=3,2+3=4,...

với n=2 thì các dạng 9k²+16k²=125k² (k là số tự nhiên ) luôn xảy ra, còn nhiều dạng khác các bạn có thể tìm thêm

với n>2

 nếu x²+y²=z² suy ra (x/z)²+(y/z)²=1 mà x,y,z nguyên dương nên x/z<1,y/z<1 nên (x/z)²>(x/z)ⁿ,(y/z)²>(y/z)ⁿ suy ra 1>(x/z)ⁿ+(y/z)ⁿ

suy ra xⁿ+yⁿ<zⁿ (1)

nếu  x²+y²<z² suy ra 

 (x/z)²+(y/z)²<1 mà x,y,z nguyên dương nên x/z<1,y/z<1 nên (x/z)²>(x/z)ⁿ,(y/z)²>(y/z)ⁿ suy ra (x/z)²+(y/z)²>(x/z)ⁿ+(y/z)ⁿ

mà   (x/z)²+(y/z)²<1suy ra 1>(x/z)ⁿ+(y/z)ⁿ suy ra  xⁿ+yⁿ<zⁿ  (2)

còn trường hợp  x²+y²>z² mình chưa nghĩ ra nha

bạn thông cảm nhé

@minhnguvn

TL: Chưa học

chưa học