Ta có: \(\frac{AM}{AB}=\frac{1}{2}\)

\(\Rightarrow M\) là trung điểm \(AB\)

Xét \(\Delta ABC\)có:

\(M\) là trung điểm \(AB\)

\(MN//BC\)

\(\Rightarrow N\) là trung điểm \(AC\)

\(\Rightarrow MN\) là đường trung bình của \(\Delta ABC\)

\(\Rightarrow BC=2MN=2.3=6\left(cm\right)\)

Vậy \(BC=6cm\)

- Ta có: \(\left(4x-5\right).\left(4x-5\right).\left(2x-3\right).\left(x-1\right)=9\)

    \(\Leftrightarrow\left[\left(4x-5\right).\left(4x-5\right)\right].\left[\left(2x-3\right).\left(x-1\right)\right]=9\)

    \(\Leftrightarrow\left(16x^2-40x+25\right).\left(2x^2-5x+3\right)=9\)

    \(\Leftrightarrow\left(16x^2-40x+25\right).\left[8.\left(2x^2-5x+3\right)\right]=8.9=72\)

    \(\Leftrightarrow\left(16x^2-40x+25\right).\left(16x^2-40x+24\right)-72=0\)(**)

- Đặt  \(a=16x^2-40x+24\)

- Thay \(a=16x^2-40x+24\)vào (**), ta có:

         \(\left(a+1\right).a-72=0\)

    \(\Leftrightarrow a^2+a-72=0\)

    \(\Leftrightarrow\left(a^2-8a\right)+\left(9a-72\right)=0\)

    \(\Leftrightarrow a.\left(a-8\right)+9.\left(a-8\right)=0\)

    \(\Leftrightarrow\left(a-8\right).\left(a+9\right)=0\)

    \(\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}a-8=0\\a+9=0\end{cases}\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}a=8\\a=-9\end{cases}}}\)

+ Với \(a=8\) \(\Rightarrow16x^2-40x+24=8\)

                          \(\Leftrightarrow16x^2-40x+16=0\)

                          \(\Leftrightarrow\left(16x^2-32x\right)-\left(8x-16\right)=0\)

                          \(\Leftrightarrow16x.\left(x-2\right)-8.\left(x-2\right)=0\)

                          \(\Leftrightarrow\left(16x-8\right).\left(x-2\right)=0\)

                          \(\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}16x-8=0\\x-2=0\end{cases}\Leftrightarrow}\orbr{\begin{cases}x=\frac{1}{2}\\x=2\end{cases}}\)

+ Với \(a=-9\)\(\Rightarrow16x^2-40x+33=0\)

                              \(\Leftrightarrow\left(16x^2-40x+25\right)+8=0\)

                              \(\Leftrightarrow\left(4x-5\right)^2+8=0\)

- Vì \(\left(4x-5\right)^2\ge0\)\(\Rightarrow\left(4x-5\right)^2+8\ge8>0\)mà \(\left(4x-5\right)^2+8=0\)

         \(\Rightarrow\left(4x-5\right)^2+8=0\)( vô nghiệm )

Vậy \(S=\left\{\frac{1}{2};2\right\}\)

\(\left(4x-5\right)\left(4x-5\right)\left(2x-3\right)\left(x-1\right)=9\)

\(\Leftrightarrow32x^4-160x^3+298x^2-245x+75=9\)

\(\Leftrightarrow32x^4-160x^3+298x^2-245x+75-9=0\)

\(\Leftrightarrow32x^4-160x^3+289x^2-245x+66=0\)

\(\Leftrightarrow\left(2x-1\right)\left(x-2\right)\left(16x^2-40x+33\right)=0\)

\(\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}2x-1=0\\x-2=0\end{cases}}\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}x=\frac{1}{2}\\x=2\end{cases}}\)

a.\(\Delta\)ABC và \(\Delta\)AHB đồng dạng ( g.g )

b.Ta có:\(\Delta\)BEH và \(\Delta\)CED đồng dạng ( g.g ) nên \(\frac{BE}{CE}=\frac{BH}{CD}\Rightarrow BH\cdot CE=CD\cdot BE\)

c.Do \(\Delta\)BEH và \(\Delta\)CED đồng dạng ( g.g ) nên \(\frac{HE}{ED}=\frac{EC}{EB}\)

Xét \(\Delta\)HDE và \(\Delta\)BCE có:^BEC=^HED ( đối đỉnh );\(\frac{HE}{ED}=\frac{EC}{EB}\) nên \(\Delta\)HDE và \(\Delta\)BCE đồng dạng ( c.g.c )

d.

C1:

Áp dụng định lý Pythagoras có \(AC=\sqrt{3^2+4^2}=5\left(cm\right)\)

Ta có:\(\Delta\)AHB và \(\Delta\)ABC đồng dạng ( g.g ) nên \(\frac{AH}{AB}=\frac{HB}{BC}=\frac{AB}{AC}\Rightarrow AB^2=AC\cdot AH\Rightarrow AH=\frac{9}{5}\left(cm\right)\)

\(\Rightarrow HE=\frac{9}{5}\left(cm\right)\Rightarrow EC=5-\frac{9}{5}-\frac{9}{5}=\frac{7}{5}\)

Ta có:\(\frac{EB}{EH}=\frac{EC}{ED}\Rightarrow ED=\frac{EC\cdot EH}{EB}=\frac{63}{75}\)

Đến đây áp dụng pythagoras tính được DC,từ đó áp dụng công thức tính được S_DEC

C2:

Tỉ số diện tích bằng bình phương tỉ số đồng dạng:\(\frac{S_1}{S_2}=\left(\frac{BE}{CE}\right)^2\)

Trong cách 1 mình đã tính CE rồi,bạn chỉ cần thay vào rồi tính là OK

e

Chứng minh được \(\Delta\)HBA và \(\Delta\)DCE đồng dạng (g.g) nên

\(\frac{HB}{DC}=\frac{BA}{CE}=\frac{AH}{ED}\Rightarrow BH\cdot CE=BA\cdot DC=BE\cdot CD\) ( 1 )

Mặt khác:\(\Delta\)BEH và \(\Delta\)CED đồng dạng ( g.g ) nên 

\(\frac{BE}{CE}=\frac{EH}{ED}=\frac{HB}{CD}\Rightarrow BH\cdot CE=BE\cdot CD\) ( 2 )

Từ ( 1 );( 2 ) suy ra CE là phân giác góc BCD

Mà trong tam giác BCF có CH vừa là đường cao vừa là đường trung tuyến nên tam giác BCF cân tại F 

=> CH là đường trung trực của BF mà E thuộc HC nên BE=EF mà AB=BE nên AB=BE=EF

Dễ chứng minh:AF=BE ( 2 tam giác bằng nhau ) nên AB=BC=AF=EF hay ABEF là hình thoy

P/S:Khá mỏi tay,hihi

\(2x^2-9+3=0\)

\(\Leftrightarrow2x^2-6=0\)

\(\Leftrightarrow2x^2=6\)

\(\Leftrightarrow x^2=\frac{6}{2}\)

\(\Leftrightarrow x^2=3\)

\(\Leftrightarrow x=\pm3\)

2x²-9+3=0

<=>2x²-6=0

<=>2x²=6

<=>x²=3

<=>x=\(\sqrt{3}\)

Vậy \(x=\sqrt{3}\)

a, dễ thấy AIMˆ=90+12CˆAIM^=90+12C^
mặt khác AIBˆ=360−BICˆ−AICˆ=Cˆ+12(Bˆ+Aˆ)AIB^=360−BIC^−AIC^=C^+12(B^+A^)
mà 12(Bˆ+Aˆ)=90−12Cˆ12(B^+A^)=90−12C^
⇒AIBˆ=90+12Cˆ⇒AIB^=90+12C^
⇒AIBˆ=AMIˆ⇒AIB^=AMI^
Xét tam giác AIM và ABI có:
AIBˆ=AMIˆ;BAIˆ=IAMˆAIB^=AMI^;BAI^=IAM^
vậy hai tam giác này đồng dạng
b, chứng minh tam giác BIN đồng dạng ABI kết hợp AIM đồng dạng ABI ta được: AI2=AM.AB;BI2=BN.AB⇒AI2BI2=AMBN

thank you so much

a,

đoạn 9x-6-> 2x-6=0

=> x=3

b,6x^2+13x+5=6x^2-20x+6

33x=1

=>x=1/33

a) (x+1)(x+9)=(x+3)(x+5) 

<=>x^2+10x+9=x^2+8x+15

<=>x^2+10x+9-x^2-8x-15=0

<=>9x-6=0 phải là 2x - 6

<=>9x=6

<=>x=6/9=2/3 => S= 2/3

d) (3x+5)(2x+1)=(6x-2)(x-3)

<=>6x^2+13x+5=6x^2-16x+6 phải là 6x^2 - 20x + 6

<=>6x^2+13x+5-6x^2+16x-6=0

<=>29x-1=0

<=>29x=1

<=>x=1/29

\(Fe_2O_3+H_2\rightarrow A+H_2O\)

\(\Rightarrow m_{ran.giam}=m_{O.bi.khu}=32-27,2=4,8g\)

\(\Rightarrow n_{O.bi.khu}=\frac{4,8}{16}=0,3mol\)

\(\Rightarrow n_{H_2}=n_{O.bi.khu}=0,3mol\)

\(\Rightarrow V_{H_2}=V=0,3.22,4=6,72\left(l\right)\)

Ta có:\(n_{Fe_2O_3}=\frac{32}{160}=0,2mol\)

\(\Rightarrow n_{Fe}=2n_{Fe_2O_3}=0,4mol\)

\(\Rightarrow m_{Fe}=0,4.56=22,4g\)

\(\Rightarrow\%m_{Fe}\) trong \(A=\frac{22,4}{27,2}=82,35\%\)

( ??? )