a) Đổi: `100ml = 0,1l`

\(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\\n_{KOH}=0,1.2=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Xét \(T=\dfrac{n_{KOH}}{n_{CO_2}}=\dfrac{0,2}{0,1}=2\) => Tạo duy nhất muối trung hoà, phản ứng vừa đủ

PTHH: \(2KOH+CO_2\rightarrow K_2CO_3+H_2O\)

               0,2---------------->0,1

\(C_{M\left(K_2CO_3\right)}=\dfrac{0,1}{0,1}=1M\)

b)

\(m=m_{K_2CO_3}=138.0,1=13,8\left(g\right)\)

Đề thiếu thể tích của dd KOH rồi bạn

\(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{16}{160}=0,1\left(mol\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{200.19,6\%}{98}=0,4\left(mol\right)\)

\(Fe_2O_3+3H_2SO_4\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)

   0,1    <       0,4                                          ( mol )

    0,1             0,3                 0,1                     ( mol )

\(m_{ddspứ}=16+200=216\left(g\right)\)

\(\left\{{}\begin{matrix}C\%_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{0,1.400}{216}.100=18,51\%\\C\%_{H_2SO_4\left(dư\right)}=\dfrac{\left(0,4-0,3\right).98}{216}.100=4,54\%\end{matrix}\right.\)

\(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{16}{160}=0,1\left(mol\right)\)

\(m_{H_2SO_4}=\dfrac{200.19,6\%}{100\%}=39,2\left(g\right)\)

\(\Rightarrow n_{H_2SO_4}=\dfrac{39,2}{98}=0,4\left(mol\right)\)

\(Fe_2O_3+3H_2SO_4\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)

LTL : \(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,4}{3}\)

=> H₂SO₄ dư , Fe đủ

dd sau pứ gồm H₂SO₄ dư và Fe₂(SO₄)₃

\(n_{H_2SO_{4\left(sau.pứ\right)}}=0,4-0,3=0,1\left(mol\right)\)

\(m_{H_2SO_{4\left(dư.sau.pứ\right)}}=0,1.98=9,8\left(g\right)\)

\(m_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=0,1.400=40\left(g\right)\)

\(m_{dd}=mFe_2O_3+m_{dd}H_2SO_4=16+200=216\left(g\right)\)

\(C\%_{ddH_2SO_{4\left(sau.pứ\right)}}=\dfrac{9,8.100}{216}=4,54\%\)

\(C\%_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{40.100}{216}=18,52\%\)

a)
\(n_{ZnO}=\dfrac{8,1}{81}=0,1\left(mol\right)\); \(n_{H_2SO_4}=0,5.0,2=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: ZnO + H₂SO₄ --> ZnSO₄ + H₂O

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,1}{1}=\dfrac{0,1}{1}\) => Phản ứng vừa đủ

m_ZnO(pư) = 8,1 (g)

PTHH: ZnO + H₂SO₄ --> ZnSO₄ + H₂O

              0,1---------------->0,1

=> \(m_{ZnSO_4}=0,1.161=16,1\left(g\right)\)

b)
\(C_{M\left(ZnSO_4\right)}=\dfrac{0,1}{0,2}=0,5M\)

Bài 1:

CTTQ: \(R_xO_y\)

\(n_{H_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\)

PT rút gọn: \(O+H_2\rightarrow H_2O\)

                0,4<-0,4

BTNT: \(m_R=23,2-0,4.16=16,8\left(g\right)\)

\(n_{HCl}=0,3.2=0,6\left(mol\right)\)

PTHH: \(2R+2nHCl\rightarrow2RCl_n+nH_2\)

           \(\dfrac{0,6}{n}\)<-0,6

\(\rightarrow M_R=\dfrac{16,8}{\dfrac{0,6}{n}}=28n\left(g\text{/}mol\right)\)

Xét `n = 2 => M_R = 56` \(\left(g\text{/}mol\right)\)

`=> R là Fe

\(n_{Fe}=\dfrac{16,8}{56}=0,3\left(mol\right)\)

CTTQ: \(Fe_xO_y\)

\(\rightarrow x:y=0,3:0,4=3:4\)

CTHH: `Fe_3O_4`

Bài 2:

\(n_{H_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

Có: \(m_{tăng}=m_{CO_2}-m_{CaCO_3}\)

\(\rightarrow m_{CO_2}=3,2+10=13,2\left(g\right)\\ \rightarrow n_{CO_2}=\dfrac{13,2}{44}=0,3\left(mol\right)\)

PT rút gọn: \(CO+O\rightarrow CO_2\)

                            0,3<-0,3

PTHH: Fe + 2HCl ---> FeCl₂ + H₂

            0,2<------------------------0,2

CTTQ: `Fe_xO_y`

\(\rightarrow x:y=0,2:0,3=2:3\)

CTHH: `Fe_2O_3`

chọn B

(B)

\(B4:\)

\(S+O_2\underrightarrow{t^o}SO_2\)

\(SO_2+H_2O\rightarrow H_2SO_3\)

\(H_2SO_3+Na_2O\rightarrow Na_2SO_3+H_2O\)

\(Na_2SO_3+2HCl\rightarrow2NaCl+H_2O+SO_2\)

\(SO_2+CaO\rightarrow CaSO_3\)

\(SO_2+Na_2O\rightarrow Na_2SO_3\)

\(B5:\)

a ) .

Hòa tan 2 chất rắn vào nước ta thu được 2 dd là NaOH và Ca(OH)2.

Sau đó sục từ từ CO2 vào 2 dd

+ Dd nào xuất hiện vẩn đục là Ca(OH)2 từ đó nhận ra được CaO

+ Dd nào không có hiện tượng gì là NaOH từ đó nhận ra được Na2O

PTHH xảy ra:

Na2O + H2O ---> 2NaOH

CaO + H2O ---> Ca(OH)2

CO2 + Ca(OH)2 ----> CaCO3 (kt trắng) + H2O

CO2 + 2NaOH ---> Na2CO3 + H2O

b ) 

Hòa tan cả 2 chất vào nước

lấy quỳ nhúng :

dd nào làm quỳ hóa đỏ thì chất ban đầu là  P₂O₅

dd nào làm quỳ hóa xanh thì chất ban đầu là CaO.

pt : 

\(P_2O_5+3H_2O\rightarrow2H_3PO_4\)

\(CaO+H_2O\rightarrow Ca\left(OH\right)_2\)

c).

Dẫn 2 khi lần lượt vào dd nước vôi trong

mẫu làm dd vẫn đục là CO₂

không hiện tượng là O₂

Pthh : CO₂ + Ca(OH)₂  -- > CaCO₃ + H₂O

Nhiều quá. Bạn tách ra được không ạ!

2
\(n_{Na_2O}=\dfrac{3,1}{62}=0,05\left(mol\right)\\ C_M=\dfrac{0,05}{1}=0,05M\) 
=> C 
3 
\(n_C=\dfrac{6,72}{12}=0,56\left(mol\right)\\ pthh:C+O_2\underrightarrow{t^o}CO_2\) 
           0,56       0,56 
\(V_{CO_2}=0,56.22,4=12,544\left(l\right)\) 
C 
4 
\(n_{HCl}=\dfrac{\dfrac{21,9.10}{100}}{36,5}=0,06\left(mol\right)\\ pthh:AO+2HCl\rightarrow ACl_2+H_2O\) 
          0,03    0,06 
\(M_{AO}=\dfrac{2,4}{0,03}=80\left(\dfrac{g}{mol}\right)\) 
=> \(M_A=80-16=64\left(\dfrac{g}{mol}\right)\) 
=> CTHH :CuO 
=> A 

 

\(SO_2+2NaOH\rightarrow Na_2SO_3+H_2O\)

\(n_{SO_2}=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\)

\(V_{NaOH}=\dfrac{n}{CM}=\dfrac{0,1}{0,1}=1\left(l\right)\)

1 B 

mấy câu còn lại bạn tự làm ik :v

a)

- PTHH xảy ra theo thứ tự lần lượt

Mg + 2AgNO₃ --> Mg(NO₃)₂ + 2Ag

Mg + Cu(NO₃)₂ --> Mg(NO₃)₂ + Cu

- Kết tủa gồm 2 hidroxit nên dd B chứa 2 muối, đó là Mg(NO₃)₂ và Cu(NO₃)₂

=> Kết tủa gồm Mg(OH)₂, Cu(OH)₂

Mg(NO₃)₂ + 2NaOH --> Mg(OH)₂ + 2NaNO₃

Cu(NO₃)₂ + 2NaOH --> Cu(OH)₂ + 2NaNO₃

Mg(OH)₂ --t^o--> MgO + H₂O

Cu(OH)₂ --t^o--> CuO + H₂O

- B chứa Ag và có thể có Cu

b)

Mg + 2AgNO₃ --> Mg(NO₃)₂ + 2Ag

Mg + Cu(NO₃)₂ --> Mg(NO₃)₂ + Cu

Mg(NO₃)₂ + 2NaOH --> Mg(OH)₂ + 2NaNO₃

Cu(NO₃)₂ + 2NaOH --> Cu(OH)₂ + 2NaNO₃

Mg(OH)₂ --t^o--> MgO + H₂O

Cu(OH)₂ --t^o--> CuO + H₂O

\(n_{Mg}=\dfrac{3,6}{24}=0,15\left(mol\right)\)

Theo PTHH: \(n_{Mg\left(OH\right)_2}=n_{Mg}=0,15\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{Cu\left(OH\right)_2}=\dfrac{13,6-0,15.58}{98}=0,05\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{Cu\left(NO_3\right)_2\left(C\right)}=0,05\left(mol\right)\)

Theo PTHH: \(n_{Mg\left(NO_3\right)_2\left(C\right)}=n_{Mg}=0,15\left(mol\right)\)

Gọi số mol AgNO₃, Cu(NO₃)₂ trong A là a, b (mol)

Theo PTHH: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Ag\left(B\right)}=n_{AgNO_3}=a\left(mol\right)\\n_{Cu\left(B\right)}=n_{Cu\left(NO_3\right)_2\left(A\right)}-n_{Cu\left(NO_3\right)_2\left(C\right)}=b-0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> 108a + 64(b - 0,05) = 17,2 (1)

Bảo toàn NO₃^-: a + 2b = 0,05.2 + 0,15.2 = 0,4 (2)

(1)(2) => a = 0,1 (mol); b = 0,15 (mol)

\(\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(AgNO_3\right)}=\dfrac{0,1}{0,5}=0,2M\\C_{M\left(Cu\left(NO_3\right)_2\right)}=\dfrac{0,15}{0,5}=0,3M\end{matrix}\right.\)

a)

\(n_{AgNO_3}=\dfrac{150.8,5\%}{170}=0,075\left(mol\right)\)

PTHH: Ni + 2AgNO₃ --> Ni(NO₃)₂ + 2Ag

     0,0375<-0,075

\(\Rightarrow m_{Ni}=0,0375.59=2,2125\left(g\right)\)

b) \(n_{Cu\left(NO_3\right)_2\left(bđ\right)}=\dfrac{150.14,1\%}{188}=0,1125\left(mol\right)\)

=> \(n_{Cu\left(NO_3\right)_2\left(pư\right)}=0,05625\left(mol\right)\)

PTHH: Ni + 2AgNO₃ --> Ni(NO₃)₂ + 2Ag

     0,0375<--0,075

            Ni + Cu(NO₃)₂ --> Ni(NO₃)₂ + Cu

    0,05625<-0,05625

=> m_Ni = 59(0,0375 + 0,05625) = 5,53125 (g)

Bài 2:

a) 

\(n_{MgCl_2}=0,15.1=0,15\left(mol\right)\)

PTHH: MgCl₂ + 2NaOH --> Mg(OH)₂\(\downarrow\) + 2NaCl

              0,15---->0,3--------->0,15

\(\Rightarrow m_{Mg\left(OH\right)_2}=0,15.58=8,7\left(g\right)\)

b) \(C_{M\left(dd.NaOH\right)}=\dfrac{0,3}{0,2}=1,5M\)

c)

PTHH: Mg(OH)₂ --t^o--> MgO + H₂O

              0,15---------->0,15

=> m = 0,15.40 = 6 (g)