Nhúng một thanh Mg vào dung dịch chứa 0,8 mol Fe(NO3)3 và 0,05 mol Cu(NO3)2, sau một thời gian lấy thanh kim loại ra cân lại thấy khối lượng tăng 11,6 gam. Khối lượng Mg đã phản ứng là
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a) Gọi CTHH của oxit M là MxOy, hoá trị của M khi phản ứng với M là n
12,8 gam chất rắn không tan là Cu
=> \(n_{CuO}=n_{Cu}=\dfrac{12,8}{64}=0,2\left(mol\right)\)
=> \(n_{O\left(CuO\right)}=0,2\left(mol\right)\)
Ta có: mgiảm = mO (pư) = 89,6 - 67,2 = 22,4 (g)
=> \(m_{O\left(pư\right)}=\dfrac{22,4}{16}=1,4\left(mol\right)>0,2\left(mol\right)=n_{O\left(CuO\right)}\)
=> \(M_2O_n\) có tham gia phản ứng => \(n_{O\left(M_2O_n\right)}=1,4-0,2=1,2\left(mol\right)\)
PTHH: \(CuO+CO\xrightarrow[]{t^o}Cu+CO_2\) (1)
\(M_2O_n+nCO\xrightarrow[]{t^o}2M+nCO_2\) (2)
\(MgO+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2O\) (3)
\(2M+2nHCl\rightarrow2MCl_n+nH_2\) (4)
b) \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2}=\dfrac{20,16}{22,4}=0,9\left(mol\right)\\n_{HCl}=2.1=2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Theo PT (3), (4): \(n_{HCl}=2n_{MgO}+2n_{H_2}\)
=> \(n_{MgO}=\dfrac{2-0,9.2}{2}=0,1\left(mol\right)\)
=> \(m_M=67,2-0,1.40-12,8=50,4\left(g\right)\)
Theo PT (4): \(n_M=\dfrac{2}{n}n_{H_2}=\dfrac{1,8}{n}\left(mol\right)\)
=> \(M_M=\dfrac{50,4}{\dfrac{1,8}{n}}=28n\left(g/mol\right)\)
=> Xét n = 2 t/m => MM = 28.2 = 56 (g/mol)
=> M là Fe => \(n_{Fe}=\dfrac{1,8}{2}=0,9\left(mol\right)\)
Ta có: \(\dfrac{x}{y}=\dfrac{n_{Fe}}{n_O}=\dfrac{0,9}{1,2}=\dfrac{3}{4}\)
=> CTHH của oxit là Fe3O4
bạn check lại đề xíu chứ Fe có phải là kim loại có hoá trị không đổi đâu?
$n_{Fe_2(SO_4)_3} = 0,2(mol) ; n_{CuSO_4} = 0,2(mol)$
\(Mg+Fe_2\left(SO_4\right)_3\rightarrow MgSO_4+2FeSO_4\)
0,2 0,2 0,4 (mol)
\(Mg+CuSO_4\rightarrow MgSO_4+Cu\)
(x-0,2) (x-0,2) (x - 0,2) (mol)
$n_{CuSO_4\ còn} = 0,2 - (x - 0,2) = 0,4 -x (mol)
\(Fe+CuSO_4\rightarrow FeSO_4+Cu\)
0,4-x 0,4-x 0,4-x (mol)
Sau phản ứng : $n_{Cu} = 0,2(mol) ; n_{Fe\ dư} = 0,2 - (0,4 - x) = x - 0,2(mol)$
$\Rightarrow 0,2.64 + (x - 0,2).56 = 18,4 \Rightarrow x = 0,3$
Thứ tự dãy điện hóa: Mg > Fe >H> Cu > Fe2+→Kim loại ra lần lượt có Cu, Fe, Mg
Xét chất rắn: Nếu Cu ra hết thì có 0,2.64=12,8 gam; mà giả thiết ra 18,4 gam
→chứng tỏ còn có 0,1 mol Fe ra nữa
Ta có sơ đồ phản ứng:
x mol Mg và 0,2 mol Fe + 0,4 mol Fe3+, 0,2 mol Cu2+, 0,8 mol SO42-
→ x mol Mg2+; 0,5 mol Fe2+; 0,8 mol SO42- + 0,1 mol Fe + 0,1 mol Cu
Bảo toàn nguyên tố Fe ta có: nFe2+ trong X= 0,2+ 0,4- 0,1= 0,5 mol
Bảo toàn điện tích trong dung dịch X ta có: 2x + 0,5.2= 0,8.2 → x= 0,3 mol
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{MgCO_3}=x\left(mol\right)\\n_{CaCO_3}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Giả sử có 100 gam chất rắn
`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}m_{Al_2O_3}=\dfrac{1}{8}.100=12,5\left(g\right)\\m_{MgCO_3}+m_{CaCO_3}=100-12,5=87,5\left(g\right)\end{matrix}\right.\)
`=> 84x + 100y = 87,5 (1)`
Ta có: \(m_{giảm}=m_{CO_2}=100.\left(1-\dfrac{6}{10}\right)=40\left(g\right)\)
`=>` \(n_{CO_2}=\dfrac{40}{44}=\dfrac{10}{11}\left(mol\right)\)
PTHH: \(MgCO_3\xrightarrow[]{t^o}MgO+CO_2\)
\(CaCO_3\xrightarrow[]{t^o}CaO+CO_2\)
Theo PT: \(n_{CO_2}=n_{MgCO_3}+n_{CaCO_3}\Rightarrow x+y=\dfrac{10}{11}\left(2\right)\)
Từ \(\left(1\right),\left(2\right)\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=\dfrac{75}{352}\\y=\dfrac{245}{352}\end{matrix}\right.\)
`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{Al_2O_3}=\dfrac{12,5}{100}.100\%=12,5\%\\\%m_{MgCO_3}=\dfrac{\dfrac{75.24}{352}}{100}.100\%=17,9\%\\\%m_{CaCO_3}=100\%-12,5\%-17,9\%=69,6\%\end{matrix}\right.\)
1) \(3H_2SO_4+Fe_2O_3\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)
2) \(4H_2SO_4+Fe_3O_4\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+FeSO_4+4H_2O\)
3) \(8H_2SO_4+10FeSO_4+2KMnO_4\rightarrow5Fe_2\left(SO_4\right)_3+2MnSO_4+K_2SO_4+8H_2O\)
4) \(2H_2SO_4+MnO_2+2FeSO_4\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+MnSO_4+2H_2O\)
5) \(4H_2SO_4+K_2MnO_4+4FeSO_4\rightarrow2Fe_2\left(SO_4\right)_3+MnSO_4+K_2SO_4+4H_2O\)
6) \(2Fe\left(OH\right)_3+3H_2SO_4\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+6H_2O\)
7) \(7H_2SO_4+K_2Cr_2O_7+6FeSO_4\rightarrow3Fe_2\left(SO_4\right)_3+Cr_2\left(SO_4\right)_3+K_2SO_4+7H_2O\)
8) \(6FeSO_4+3H_2SO_4+KClO_3\rightarrow3Fe_2\left(SO_4\right)_3+KCl+3H_2O\)
(1) \(4HCl_{\text{đặc, nóng}}+MnO_2\rightarrow Cl_2\uparrow+2H_2O+MnCl_2\)
(2) \(Cl_2+2NaOH\rightarrow H_2O+NaClO+NaCl\)
(3) \(H_2SO_{4\text{ đặc, nóng}}+2NaCl\rightarrow Na_2SO_4+2HCl\)
(4) \(2HCl+Fe\left(OH\right)_2\rightarrow FeCl_2+2H_2O\)
(5) \(FeCl_2\xrightarrow[]{đpdd}Fe+Cl_2\uparrow\)
(6) \(2Fe+3Cl_2\xrightarrow[]{t^{\circ}}2FeCl_3\)
(7) \(2FeCl_3+Fe\xrightarrow[]{t^\circ}3FeCl_2\)
(8) \(Cu\left(NO_3\right)_2+FeCl_2\rightarrow Fe\left(NO_3\right)_2+CuCl_2\)
$Ba(AlO_2)_2 + 2HCl + 2H_2O \to 2Al(OH)_3 + BaCl_2$
Nếu $HCl$ dư :
$Al(OH)_3 + 3HCl \to AlCl_3 + 3H_2O$
\(Mg+2Fe\left(NO_3\right)_3\rightarrow Mg\left(NO_3\right)_2+2Fe\left(NO_3\right)_2\)
0,4 0,8 0,8 (mol)
\(Mg+Cu\left(NO_3\right)_2\rightarrow Mg\left(NO_3\right)_2+Cu\)
0,05 0,05 0,05 (mol)
\(Mg+Fe\left(NO_3\right)_2\rightarrow Mg\left(NO_3\right)_2+Fe\)
x x (mol)
Theo PTHH : $n_{Mg\ pư} = 0,4 + 0,05 + x = 0,45 + x(mol)$
$n_{Cu} = 0,05(mol) ; n_{Fe} = x(mol)$
$\Rightarrow m_{tăng} = 0,05.64 + 56x - (0,45 + x).24 = 11,6$
$\Rightarrow x = 0,5
$\Rightarrow m_{Mg\ pư} = (0,45 + 0,6).24 = 25,2(gam)$