bằng phương pháp hóa học hãy nhận biết 4dd đựng trong 4 lọ mất nhãn: NaOH HNO3 HCL NACL
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Dùng bột lưu huỳnh nha em!
PTHH: Hg + S -> HgS (Sẽ biến đổi thuỷ ngân sang dạng muối sunfua không còn nhiều độc tính).
\(Ý.1\\ CuO_{p.ứ}+H_2\rightarrow\left(t^o\right)Cu+H_2O\\ Đặt:n_{CuO\left(p.ứ\right)}=a\left(mol\right)\left(a>0\right)\\ \Rightarrow n_{CuO\left(dư\right)}=\dfrac{20}{80}-a=0,25-a\left(mol\right)\\ n_{Cu}=n_{CuO\left(p.ứ\right)}=a\left(mol\right)\\ m_{rắn}=16,8\left(g\right)\\ \Leftrightarrow m_{Cu}+m_{CuO\left(dư\right)}=16,8\\ \Leftrightarrow64a+80.\left(0,25-a\right)=16,8\\ \Leftrightarrow a=0,2\left(mol\right)\\ \Rightarrow H=\dfrac{0,2}{0,25}.100\%=80\%\)
Đặt số mol Al, Fe trong hh lần lượt là x,y (x,y>0) (mol)
\(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\\ Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\\ \Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}27x+56y=5,5\\1,5x+y=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,1\\y=0,05\end{matrix}\right.\\ \Rightarrow\%m_{Al}=\dfrac{0,1.27}{5,5}.100\approx49,091\%\\ \Rightarrow\%m_{Fe}\approx100\%-49,091\%\approx50,909\%\\ b,n_{HCl}=3x+2y=0,4\left(mol\right)\\ C_{MddHCl}=\dfrac{0,4}{0,5}=0,8\left(M\right)\)
Ý 1:
\(M_2O_3+6HNO_3\rightarrow2M\left(NO_3\right)_3+6H_2O\\ n_{HNO_3}=0,8.3=2,4\left(mol\right)\\ n_{oxit}=\dfrac{2,4}{6}=0,4\left(mol\right)\\ M_{oxit}=\dfrac{64}{0,4}=160\left(\dfrac{g}{mol}\right)=2M_M+3.M_O\\ \Leftrightarrow2M_M+48=160\\ \Leftrightarrow M_M=56\left(\dfrac{g}{mol}\right)\\ \Rightarrow M:Sắt\left(Fe=56\right)\\ \Rightarrow Oxit:Fe_2O_3\)
Câu 2) Ý1
Theo đề bài tổng số hạt cơ bản của nguyên tử X là 52 => P+E+N=52 (1)
Mặt khác, nguyên tử trung hoà về điện: P=E=Z (2)
Và, số hạt mang điện nhiều hơn số hạt không mang điện là 16 hạt: (P+E) - N= 16 (3)
(1), (2), (3) lập hệ:
\(\left\{{}\begin{matrix}P+E+N=52\\P=E=Z\\\left(P+E\right)-N=16\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}2P+N=52\\2P-N=16\end{matrix}\right.\\ \Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}N=18\\P=E=Z=17\end{matrix}\right.\)
Câu 2) Ý 2:
\(n_{HNO_3}=\dfrac{400.15\%}{63}=\dfrac{20}{21}\left(mol\right)\\ n_{ZnO}=\dfrac{16,2}{81}=0,2\left(mol\right)\\ ZnO+2HNO_3\rightarrow Zn\left(NO_3\right)_2+H_2O\\ Vì:\dfrac{0,2}{1}< \dfrac{\dfrac{20}{21}}{2}\Rightarrow HNO_3dư\\ n_{Zn\left(NO_3\right)_2}=n_{ZnO}=0,2\left(mol\right)\\ m_{ddZn\left(NO_3\right)_2}=16,2+400=416,2\left(g\right)\\ C\%_{ddZn\left(NO_3\right)_2}=\dfrac{0,2.189}{416,2}.100\approx9,082\%\)
\(b,n_{SO_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right);n_{KOH}=0,33.1=0,33\left(mol\right)\\ Vì:T=\dfrac{n_{KOH}}{n_{SO_2}}=\dfrac{0,33}{0,15}=2,2>2\\ \Rightarrow Sp:Muối.trung.hoà.K_2CO_3,KOH_{dư}\\ PTHH:2KOH+CO_2\rightarrow\left(t^o\right)K_2CO_3+H_2O\\ n_{K_2CO_3}=n_{CO_2}=0,15\left(mol\right)\\ m_{K_2CO_3}=138.0,15=20,7\left(g\right)\)
\(c,n_{CO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\\ n_{Ba\left(OH\right)_2}=2.0,04=0,08\left(mol\right)\\ Ba\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow BaCO_3+H_2O\left(1\right)\\ BaCO_3+CO_2\left(dư\right)+H_2O\rightarrow Ba\left(HCO_3\right)_2\\ n_{CO_2\left(1\right)}=n_{Ba\left(OH\right)_2}=n_{BaCO_3\left(1\right)}=0,08\left(mol\right)\\ n_{CO_2\left(2\right)}=0,2-0,08=0,12\left(mol\right)\\ Vì:\dfrac{0,08}{1}< \dfrac{0,12}{1}\Rightarrow BaCO_3.bị.chuyển.hoá.hết.thành.Ba\left(HCO_3\right)_2,CO_2dư\\ n_{Ba\left(HCO_3\right)_2}=n_{BaCO_3}=0,08\left(mol\right)\\ m_{muối}=m_{Ba\left(HCO_3\right)_2}=259.0,08=20,72\left(g\right)\)
- Trích mỗi chất một ít làm mẫu thử. Đánh STT ở mỗi ống nghiệm và lọ hoá chất tương ứng.
- Dùng quỳ tím cho vào các ống nghiệm đã được đánh STT từ trước:
+ Quỳ tím hoá xanh -> dd NaOH
+ Quỳ tím không đổi màu => dd NaCl
+ Quỳ tím hoá đỏ => dd HCl , dd HNO3
- Nhỏ vài giọt dd AgNO3 lần lượt vào 2 ống nghiệm chứa 2 dung dịch axit chưa nhận biết được. Quan sát:
+ Có kết tủa trắng AgCl -> dd HCl
+ Không hiện tượng: dd HNO3
AgNO3 + HCl -> AgCl (trắng) + HNO3