a) Xét phương trình hoành độ giao điểm:

\(x^2=mx+1\Leftrightarrow x^2-mx-1=0\)   (1)

\(\Delta=\left(-m\right)^2-4\left(-1\right)=m^2+4>0\)

Vì vậy phương trình (1) luôn có hai nghiệm phân biệt \(x_1;x_2\)

Theo Viet ta có: \(\hept{\begin{cases}x_1+x_2=m\\x_1.x_2=-1\end{cases}}\) nên \(x_1;x_2\) là hai số trái dấu.

Vậy thì với mọi m, (d) luôn giao (P) tại hai điểm phân biệt nằm khác phía với trục tung.

b) Giả sử \(A\left(x_1;x_1^2\right);B\left(x_2;x_2^2\right)\)

\(\Rightarrow AB^2=\left(x_2-x_1\right)^2+\left(x_2^2-x_1^2\right)^2=\left(x_2-x_1\right)^2\left[1+\left(x_2+x_1\right)^2\right]\)

\(=\left[\left(x_1+x_2\right)^2-4x_1.x_2\right]\left\{1+\left(x_1+x_2\right)^2\right\}\)

\(=\left(m^2+4\right)\left[1+m^2\right]\)

\(=m^4+5m^2+4\)

Ta cũng có: \(OA^2+OB^2=x_1^2+x_2^4+x_2^2+x_2^4\)

\(=\left(x_1^2+x_2^2\right)+\left(x_1^4+x_2^4\right)=\left(x_1+x_2\right)^2-2x_1.x_2+\left(x_1^2+x_2^2\right)^2-2x_1^2.x_2^2\)

\(=\left(x_1+x_2\right)^2-2x_1.x_2+\left[\left(x_1+x_2\right)^2-2x_1.x_2\right]^2-2x_1^2.x_2^2\)

\(=m^2+2+\left(m^2+2\right)^2-2=m^4+5m^2+4\)

Vậy nên \(AB^2=OA^2+OB^2\)  hay tam giác OAB vuông tại 0. 

Vậy thì \(S_{OAB}=\frac{1}{2}OA.OB=\frac{1}{2}\sqrt{\left(x_1^2+x_1^4\right)\left(x_2^2+x_2^4\right)}\)

\(=\frac{1}{2}\sqrt{x_1^2.x_2^2+x_1^2.x_2^4+x_1^4.x_2^2+x_1^4x_2^4}=\frac{1}{2}\sqrt{1+x_2^2+x_1^2+1}\)

\(=\frac{1}{2}\sqrt{\left(x_1+x_2\right)^2-2x_1.x_2+2}=\frac{1}{2}\sqrt{m^2+4}\)

Để \(S_{OAB}=2\Rightarrow\frac{1}{2}\sqrt{m^2+4}=2\Leftrightarrow\sqrt{m^2+4}=4\)

\(\Leftrightarrow m^2=12\Leftrightarrow m=\pm2\sqrt{3}\)

fan cr7

Ta có: \(\hept{\begin{cases}3x-y=2m-1\\x+2y=3m+2\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}y=3x-2m+1\\x+2\left(3x-2m+1\right)=3m+2\end{cases}}\)

\(\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}y=3x-2m+1\\7x-4m+2=3m+2\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}y=3x-2m+1\\7x=7m\end{cases}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}y=m+1\\x=m\end{cases}}}\)

Vây với mọi m, hệ phương trình luôn có nghiệm duy nhất (x ; y) = (m ; m + 1)

Độ dài đoạn thẳng OM bằng: \(\sqrt{m^2+\left(m+1\right)^2}=\sqrt{2m^2+2m+1}\)

Để M thuộc đường tròn \(\left(O;\sqrt{5}\right)\) thì \(\sqrt{2m^2+2m+1}=\sqrt{5}\Leftrightarrow2m^2+2m-4=0\)

\(\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}m=1\\m=-2\end{cases}}\)

Gọi 2 số đó là a và b

Theo đề ra ta có : a+b=a.b=a-b

<=> a+b=a-b <=> a+b-a+b=0 

<=> 2b=0 <=> b=0 

=> a.0=0+b <=> 0a=0 <=> a là số bất kì 

Vì a b bình đẳng nên \(\orbr{\begin{cases}a=0;b\in R\\b=0;a\in R\end{cases}}\)

Mà 0 không phải là số có 3 chữ số nên ko có hai số có 3 chữ số t/m yêu cầu đề ra

\(\sqrt{x+2012}=2012-x^2\)

Bình phương hai vế ta được : 

\(x+2012=x^4-4024x^2+2012^2\)

<=> \(x^4-4024x^2-x+2012.2011=0\)

<=> \(\left(x^2-x-2012\right)\left(x^2+x-2011\right)=0\)

Bạn lớp 9 nên chắc học công thức nghiệm rồi nhỉ, tự giải tiếp nha :D

a: Xét (O) có

ΔABD nội tiếp

AD là đường kính

Do đó: ΔABD vuông tại B

=>BD//CH

Xét (O) có

ΔACD nội tiếp

AD là đường kính

Do đó: ΔACD vuông tại C

=>CD//BH

Xét tứ giác BHCD có

BH//CD

BD//CH

Do đó: BHCD là hình bình hành

b: BHCD là hình bình hành

nên BC cắt HD tại trung điểm của mỗi đường

=>I là trung điểm của HD

Xét ΔDAH có DI/DH=DO/DA

nen Io//AH và IO=AH/2

=>AH=2OI

c: G là trọng tâm

nên AG=2AI

Xét ΔAHD có

AI là trung tuyến

AG=2/3AI

DO đó: G là trọng tâm

giải thích rõ hơn câu c dùm mk dc không ạ