Ta có: n_H2 = 0,4 (mol)

n_{Cl2 (pư với 16 gam X)} = 0,5 (mol)

TH1: R không pư với HCl.

BT e: 2n_Mg = 2n_H2 ⇒ n_Mg = 0,4 (mol)

Giả sử R có hóa trị n khi pư với Cl₂

BT e, có: 2n_Mg + n.n_R = 2n_Cl2

⇒ n.n_R = 0,2 (1)

Mà: 24.0,4 + n_R.M_R = 16 

⇒ n_R.M_R = 6,4 (2)

Từ (1) và (2) ⇒ M_R = 32n (g/mol)

Với n = 2 thì M_R = 64 (g/mol) là thỏa mãn.

→ R là Cu.

Mà: Y (MgCl₂, HCl dư) có pư với dd KMnO₄ trong môi trường axit.

→ vô lý → loại.

TH2: R có pư với HCl.

Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Mg}=a\left(mol\right)\\n_R=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) ⇒ 24a + M_R.b = 16 (1)

Giả sử R có hóa trị n khi pư với HCl, hóa trị m khi pư với Cl₂.

BT e: 2a + b.n = 0,4.2 (2)

và 2a + b.m = 0,5.2 (3)

- Với n = m (tức R chỉ thể hiện 1 hóa trị duy nhất): (2) và (3) vô lý → loại.

- Với n ≠ m:

Từ (1), (2) và (3) ⇒ M_R = 32m - 20n

Với n = 2, m = 3 thì M_R = 56 (g/mol) là thỏa mãn.

→ R là Fe.

→ Y gồm: MgCl₂, FeCl₂, HCl dư có pư với KMnO₄/H₂SO₄ → thỏa mãn.

Vậy: M_R = 56 (g/mol)

Zn+2HCl-->ZnCl2+H2

a, nZn=\(\dfrac{19,5}{65}\)=0,3mol

nH2=nZn=0,3mol

VH2=0,3*22,4=6,72l

b, nZnCl2=nZn=0,3mol

mZnCl2=0,3*(65+35,5*2)=40,8g

c,nHCl=2nZn=0,6mol

mHCl=0,6*36,5=21,9g

C%HCl=\(\dfrac{21.9}{200}\)*100%=10,95%

a) pthh: Zn + 2Hcl = \(ZnCl_2\) + \(H_2\)

\(_{_{ }}\)\(N_{ZN}\) = \(\dfrac{m}{M}\) =\(\dfrac{19,5}{65}\) =0.3 mol 

\(N_{H_2}\)= \(N_{Zn}\) = 0.3 mol 

\(V_{H_2}\)= n × 24.79 = 0.3 × 24.79 = 7.437 ( L)

b) \(N_{ZnCl_2}\)= \(N_{Zn}\) = 0.3 mol 

\(m_{ZnCl_2}\)= n × M = 0.3 × 136 = 40.8 g

c) \(m_{dd}\) = 19.5 + 200 = 219.5 g

\(C\%\:=\dfrac{m_{Ct}}{m_{dd}}\) × 100 =\(\dfrac{19.5}{219.5}\)×100= 8.88 %

a, \(Mg+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\)

b, \(n_{Mg}=\dfrac{2,4}{24}=0,1\left(mol\right)\)

\(n_{HCl}=\dfrac{36,5.10\%}{36,5}=0,1\left(mol\right)\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,1}{1}>\dfrac{0,1}{2}\), ta được Mg dư.

Theo PT: \(n_{Mg\left(pư\right)}=n_{MgCl_2}=n_{H_2}=\dfrac{1}{2}n_{HCl}=0,05\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{MgCl_2}=0,05.95=4,75\left(g\right)\)

c, \(V_{H_2}=0,05.24,79=1,2395\left(l\right)\)

d, m _{dd sau pư} = m_{Mg pư} + m _{dd HCl} - m_H2 = 0,05.24 + 36,5 - 0,05.2 = 37,6 (g)

\(\Rightarrow C\%_{MgCl_2}=\dfrac{4,75}{37,6}.100\%\approx12,6\%\)

a)

\(Mg+2HCI\rightarrow MgC1_2+H_2\)

b)

Theo phản ứng, 1 mol Mg tương ứng với 1 mol MgCl2.

Khối lượng mol của Mg: 2.4 g / 24 g/mol (khối lượng mol của Mg) = 0.1 mol

Do đó, số mol của MgCl2 cũng là 0.1 mol.

Khối lượng MgCl2 = số mol x khối lượng mol = 0.1 mol x 95 g/mol (khối lượng mol của MgCl2) = 9.5 g.

c)

1 mol khí ở điều kiện tiêu chuẩn (0°C và 1 atm) có thể thể tích là 22.4 L. Tính số mol H2 bằng số mol Mg (vì tỷ lệ 1:1 giữa Mg và H2).

Số mol H2 = 0.1 mol

Thể tích của H2 = số mol x 22.4 L/mol = 0.1 mol x 22.4 L/mol = 2.24 L.

d)

Khối lượng dung dịch ban đầu: 36.5 g

Khối lượng muối thu được: 9.5 g Khối lượng dung dịch còn lại sau phản ứng: 36.5 g - 9.5 g = 27 g

Phần trăm dung dịch sau phản ứng = (Khối lượng dung dịch còn lại / Khối lượng dung dịch ban đầu) x 100%

Phần trăm dung dịch sau phản ứng = (27 g / 36.5 g) x 100% ≈ 73.97%

giải giúp em vơi ạ em cảm ơn ​cho 2.4 gam mg tác dụng với 36,5 gam hcl 10%, sau phản ứng thu ddc muối mgcl2 và khí hidro... - Hoc24

Bạn xem câu trả lời ở đây nhé.

dạ em cảm ơn ạ

a, - Trích mẫu thử.

- Nhỏ vài giọt từng mẫu thử vào giấy quỳ tím.

+ Quỳ hóa đỏ: axit axetic

+ Quỳ không đổi màu: glucozo, rượu etylic (1)

- Cho mẫu thử nhóm (1) pư với dd AgNO₃/NH₃

+ Có tủa sáng bạc: glucozo

PT: \(CH_2OH\left[CHOH\right]_4CHO+2AgNO_3+3NH_3+H_2O\underrightarrow{^{t^o}}CH_2OH\left[CHOH\right]_4COONH_4+2Ag+2NH_4NO_3\)

+ Không hiện tượng: rượu etylic.

- Dán nhãn.

b, - Trích mẫu thử.

- Cho từng mẫu thử vào dd I₂.

+ Có màu xanh tím: hồ tinh bột

+ Không hiện tượng: lòng trắng trứng, dầu ăn. (1)

- Đun nóng mẫu thử nhóm (1)

+ Có sự đông tụ: lòng trắng trứng

+ Không hiện tượng: dầu ăn.

- Dán nhãn.

c, - Trích mẫu thử.

- Nhỏ vài giọt từng mẫu thử vào giấy quỳ tím.

+ Quỳ hóa đỏ: axit axetic

+ Quỳ không đổi màu: saccarozo, rượu etylic. (1)

- Cho mẫu thử nhóm (1) thủy phân trong môi trường axit rồi cho pư với dd AgNO₃/NH₃

+ Có tủa sáng bạc: sacarozo

PT: \(C_{12}H_{22}O_{11}+H_2O\underrightarrow{^{t^o,H^+}}C_6H_{12}O_6+C_6H_{12}O_6\)

\(C_5H_{11}O_5CHO+2AgNO_3+3NH_3+H_2O\underrightarrow{^{t^o}}C_5H_{11}O_5COONH_4+2Ag+2NH_4NO_3\)

+ Không hiện tượng: rượu etylic

- Dán nhãn.

a. Axit axêtic, đường glucozơ, rượu etylic:

b. Lòng trắng trứng, hồ tinh bột, dầu ăn:

c. Axit axêtic, đường saccarozơ, rượu etylic:

a, \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

Ta có: \(n_{C_2H_4Br_2}=\dfrac{18,8}{188}=0,1\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{C_2H_4}=n_{Br_2}=n_{C_2H_4Br_2}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,1.22,4}{4,48}.100\%=50\%\\\%V_{CH_4}=50\%\end{matrix}\right.\)

b, \(C\%_{Br_2}=\dfrac{0,1.160}{100}.100\%=16\%\)

`#3107.101107`

Câu `1:` A

Câu `2:` D

Câu `3:` A

- Oxide base làm quỳ tím đổi màu xanh

Câu `4:` B

Câu `5:` D

Câu `6:` B

- X mang hóa trị `2` `->` B, D

- O chiếm `50%` trong đó `->` B

Câu `7:` B (tham khảo)

Câu `8:` A

\(\text{CuSO}_4+\text{NaOH}\rightarrow\text{Cu}\left(\text{OH}\right)_2\downarrow+\text{Na}_2\text{SO}_4\) 

(Theo mình tham khảo hình như nó có màu xanh lơ mà nhỉ. :D?)

xanh lam hay xanh lơ đều đc e

Gọi CTPT của alcohol là \(C_nH_{2n+2}O\left(n\ge1\right)\)

PTHH: \(2C_nH_{2n+2}O+2Na\rightarrow2C_nH_{2n+1}ONa+H_2\)

Ta có \(n_{H_2}=\dfrac{V_{H_2}}{24,79}=\dfrac{3,09875}{24,79}=0,125\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{alcohol}=0,25\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow M_{alcohol}=\dfrac{m}{n}=\dfrac{15}{0,25}=60\left(g\right)\)

Mà \(M_{alcohol}=14n+18\)

\(\Rightarrow14n+18=60\) \(\Leftrightarrow n=3\)

Vậy CTPT của alcohol là \(C_3H_8O\)