Câu 1:

1.1 - Trích mẫu thử, có đánh số thứ tự

- Cho kim loại Ag vào các mẫu thử rồi đun nóng, nếu thấy:

+ Mẫu thử nào làm Ag tan, có khí màu nâu không mùi thoát ra: HNO₃ 

\(Ag+2HNO_3\xrightarrow[]{t^o}AgNO_3+NO_2\uparrow+H_2O\)

+ Các mẫu thử còn lại không có hiện tượng: HCl, NaCl, NaNO₃, Na₃PO₄ (1)

- Thu lấy dd AgNO₃, cho vào các mẫu thử (1), nếu thấy:

+ Mẫu thử có kết tủa vàng xuất hiện: Na₃PO₄ 

\(Na_3PO_4+3AgNO_3\rightarrow Ag_3PO_4\downarrow+3NaNO_3\)

+ Mẫu thử có kết tủa trắng xuất hiện: NaCl, HCl (2)

\(NaCl+AgNO_3\rightarrow AgCl\downarrow+NaNO_3\)

\(HCl+AgNO_3\rightarrow AgCl\downarrow+HNO_3\)

+ Mẫu thử không hiện tượng: NaNO₃ 

- Thu lấy dd sản phẩm của các mẫu thử nhóm (2), cho Ag vào, đun nóng, nếu thấy:

+ dd làm Ag tan, có khí màu nâu, không mùi thoát ra: HNO₃ -> dd ban đầu là HCl

​​​​\(Ag+2HNO_3\xrightarrow[]{t^o}AgNO_3+NO_2\uparrow+H_2O\)

+ dd còn lại là NaNO₃ -> dd ban đầu là NaCl

​​1.2.

- Cho hh vào nước dư, lọc tách thu được dd Na₂CO₃ và chất rắn A: CaCO₃, MgCO₃

- Cho Na₂CO₃ vào dd HCl dư, cô cạn dd sau phản ứng thu được NaCl, đpnc NaCl thu được Na

`Na_2CO_3 + 2HCl -> 2NaCl + CO_2 + H_2O`

\(2NaCl\xrightarrow[]{đpnc}2Na+Cl_2\)

- Cho chất rắn A vào dd HCl dư thu được dd B: MgCl₂, CaCl₂, HCl_dư

`MgCO_3 + 2HCl -> MgCl_2 + CO_2 + H_2O`

`CaCO_3 + 2HCl -> CaCl_2 + CO_2 + H_2O`

- Sục khí NH₃ dư vào dd B, lọc tách thu được Mg(OH)₂ và dd C: NH₄Cl, CaCl₂

`NH_3 + HCl -> NH_4Cl`

\(MgCl_2+2NH_3+2H_2O\rightarrow Mg\left(OH\right)_2\downarrow+2NH_4Cl\)

- Cho Mg(OH)₂ vào dd HCl dư, cô cạn dd sau phản ứng thu được MgCl₂, đpnc MgCl₂ thu được Mg

\(Mg\left(OH\right)_2+2HCl\rightarrow MgCl_2+2H_2O\\ MgCl_2\xrightarrow[]{đpnc}Mg+Cl_2\)

- Cô cạn dd C thu được CaCl₂, đpnc CaCl₂ thu được Ca

\(NH_4Cl\xrightarrow[]{t^o}NH_3\uparrow+HCl\uparrow\\ CaCl_2\xrightarrow[]{đpnc}Ca+Cl_2\)

1.3

A: NaHSO₄

B: Na₂CO₃

C: Ba(HCO₃)₂ 

\(2NaHSO_4+Na_2CO_3\rightarrow2Na_2SO_4+CO_2\uparrow+H_2O\)

\(Ba\left(HCO_3\right)_2+Na_2CO_3\rightarrow BaCO_3\downarrow+2NaHCO_3\)

\(Ba\left(HCO_3\right)_2+2NaHSO_4\rightarrow BaSO_4\downarrow+Na_2SO_4+2CO_2\uparrow+2H_2O\)​​​​

Tổng số hạt T: \(\left\{{}\begin{matrix}p+e+n=34\left(1\right)\\p=e\left(2\right)\end{matrix}\right.\)

Ta có: \(p+e=\dfrac{11}{6}n\) thế vào (1)

\(\Rightarrow\dfrac{11}{6}n+n=34\)

\(\Rightarrow n=12\)

\(\Rightarrow p+e=22\)

\(\Rightarrow p=e=\dfrac{22}{2}=11\)

Khối lượng nguyên tử T \(=p+n=11+12=23\)

Giúp mình với

a) \(n_{Cu}=\dfrac{3,2}{64}=0,05\left(mol\right)\)

`=>` Số nguyên tử đồng: \(0,05.6.10^{23}=3.10^{22}\) (nguyên tử)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}p=e=29.3.10^{22}=8,7.10^{23}\left(hạt\right)\\n=35.3.10^{22}=1,05.10^{24}\left(hạt\right)\end{matrix}\right.\)

b) \(n_{O_2}=\dfrac{16}{32}=0,5\left(mol\right)\Rightarrow n_O=2n_{O_2}=1\left(mol\right)\)

`=>` Số nguyên tử oxi: \(1.6.10^{23}=6.10^{23}\) (nguyên tử)

`=>` \(p=e=n=6.10^{23}.8=4,8.10^{24}\left(hạt\right)\)

\(\begin{array}{l}
{n_{{H_2}S{O_4}}} = \dfrac{{7,84}}{{98}} = 0,08\,mol\\
{C_M}{H_2}S{O_4} = \dfrac{{0,08}}{{0,5}} = 0,16M\\
{\rm{[}}{H^ + }{\rm{]}} = 2{C_M}{H_2}S{O_4} = 0,32M\\
pH =  - \log (0,32) = 0,49\\
pOH = 14 - 0,49 = 13,51
\end{array}\)

\(n_{CH_3COOC_2H_5}=\dfrac{8,8}{88}=0,1\left(mol\right)\)

BTNT C: \(n_{CO_2}=4n_{CH_3COOC_2H_5}=0,4\left(mol\right)\)

BTNT H: \(n_{H_2O}=4n_{CH_3COOC_2H_5}=0,4\left(mol\right)\)

`=> m = m_{CO_2} + m_{H_2O} = 0,4.44 + 0,4.18 = 24,8 (g)`

PTHH:
\(2Fe+O_2\xrightarrow[]{t^o}2FeO\) (1)

\(4Fe+3O_2\xrightarrow[]{t^o}2Fe_2O_3\) (2)

\(3Fe+2O_2\xrightarrow[]{t^o}Fe_3O_4\) (3)

\(2Fe+6H_2SO_{4\left(đ\right)}\xrightarrow[]{t^o}Fe_2\left(SO_4\right)_3+3SO_2\uparrow+6H_2O\) (4)

\(2FeO+4H_2SO_{4\left(đ\right)}\xrightarrow[]{t^o}Fe_2\left(SO_4\right)_3+SO_2\uparrow+4H_2O\) (5)

\(2Fe_3O_4+10H_2SO_{4\left(đ\right)}\xrightarrow[]{t^o}3Fe_2\left(SO_4\right)_3+SO_2\uparrow+10H_2O\) (6)

\(Fe_2O_3+3H_2SO_{4\left(đ\right)}\xrightarrow[]{t^o}Fe_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\) (7)

Ta có: \(n_{Fe}=\dfrac{20,16}{56}=0,36\left(mol\right)\)

BTNT Fe: \(n_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{1}{2}n_{Fe}=0,18\left(mol\right)\)

BTNT S: \(n_{H_2SO_{4\left(đ\right)}}=3n_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}+n_{SO_2}=0,57\left(mol\right)\)

BTNT H: \(n_{H_2O}=n_{H_2SO_{4\left(đ\right)}}=0,57\left(mol\right)\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}a=m_{H_2SO_{4\left(đ\right)}}=0,57.98=55,86\left(g\right)\\b=m_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=0,18.400=72\left(g\right)\\c=m_{H_2O}=0,57.18=10,26\left(g\right)\end{matrix}\right.\)