Chọn đáp án B

Tại V thì kết tủa chỉ chứa BaSO₄ với 

n B a S O 4   = 69 , 9 233 = 0 , 3   m o l → n A l 2 ( S O 4 ) 3 = n B a S O 4 3 = 0 , 1   m o l ⇒ n B a ( O H ) 2 = 4 n A l 3 + 2 = 8 n A l 2 ( S O 4 ) 3 2 = 0 , 4   m o l ⇒ V B a ( O H ) 2 = 2   l í t

Chọn B.    

Các phương trình phản ứng có thể xảy ra là:

  B a 2 + + S O 4 2 - →   B a S O 4 ( k t ) A l 3 + + O H - →   A l ( O H ) 3   A l ( O H ) 3 + O H - → A l ( O H ) 4 -    

Tại vị trí thể tích dung dịch Ba(OH)₂ thì có kết tủa BaSO₄ và dung dịch  A l ( O H ) 4 -        

  n k t = 0 , 3   m o l ⇒ n S O 4 2 - = n k t = 0 , 3   m o l   ⇒ n A l 3 + = 0 , 2   m o l ⇒ n O H - = 4 n A l 3 + = 0 , 8   m o l ⇒ n B a ( O H ) 2 = 1 / 2 . n O H - = 0 , 4   m o l ⇒ V = 0 , 4 0 , 2 = 2   l í t

Chọn đáp án A

(1). Không có vì Ag(OH) tạo phức tan trong NH₃ dư.

(2). Có

(3). Không vì Ag₃PO₄ tan trong HNO₃

(4). Có kết tủa trắng AgCl

(5). Không vì Al(OH)₃ tan trong NaOH dư

Chọn B.

Tai giá trị n C O 2 = 0 , 1   m o l thì kết tủa BaCO₃ đạt giá trị cực đại nên   n B a C O 3 = n C O 2 = 0 , 1   m o l ⇒ a = 0 , 1

Tại giá trị  n C O 2 = 0 , 36   m o l  thì sản phẩm chứa hai chất là BaCO₃ max và NaHCO₃.

Bảo toàn   ⇒ n N a H C O 3 = 0 , 36 - n B a C O 3 = 0 , 36 - 0 , 1 = 0 , 26   m o l

Bảo toàn Na ta có n_NaOH = 0,26 mol.

X N a N a 2 O B a B a O + H 2 O   → N a O H B a ( O H ) 2 + H 2       

Theo sơ đồ trên ta áp dụng định luật bảo toàn hiđro: 

  n H 2 O = 0 , 26 + 0 , 1 . 2 + 0 , 1 . 2 2 = 0 , 33   m o l

Bảo toàn nguyên tố O:  

  n O ( X ) + n H 2 O = n N a O H + 2 n B a ( O H ) 2 ⇒ n O ( X ) = 0 , 26 + 2 . 0 , 1 - 0 , 33 = 0 , 13   m o l

Bảo toàn khối lượng: m_X = 0,26.40 + 0,1.171 + 0,2 - 0,33.18 = 21,76 gam.

% m O ( X ) = 0 , 13 . 16 21 , 76 . 100 = 9 , 56 %

Chọn đáp án C

Khi n_NaOH = 1,14 mol, kết tủa Al(OH)₃ vừa bị hòa tan hết.

n M g = n M g ( O H ) 2 = 0 , 12 n N a O H = 2 n H 2 S O 4 + n A l ( O H ) 3 = 1 , 14   m o l ⇒ n A l = n A l ( O H ) 3 = 1 , 14 - 2 . 0 , 48 = 0 , 18   m o l ⇒ a = n M g + 3 2 n A l = 0 , 39

Chọn đáp án D

Chọn B.

Dung dịch Y có n A l 2 ( S O ₄ ) 3 = V/3 = x   m o l  và  n A l C l 3 = V 3 = x   m o l   .

  ⇒ n A l 3 + = 3 x   m o l   =   n S O 4 2 -

Tại n B a ( O H ) 2 = 0,75 mol =>  n O H - = 1,5 mol: lúc này cả 2 kết tủa tối đa với

n A l ( O H ) 3 = 1 / 3 n O H - = 0 , 5   m o l ⇒ n B a S O 4 m a x . 233 + 0 , 5 . 78 = 139 , 9   ⇒ n B a S O 4   m a x = 0 , 433 < 0 , 5 ⇒ v ô   l ý

Chứng tỏ trong dung dịch Y còn H⁺ dư  đoạn đồ thị đi lên đầu tiên đến y chỉ có 2 phản ứng là:  H + + O H - → H 2 O ⇒ n O H -  kết tủa hết Al³⁺ = 1,5 - a

⇒ n A l ( O H ) 3 m a x = 1 , 5 - a 3   ( 1 ) S O 4 2 - + B a 2 + → B a S O 4    (1)

 Dung dịch Y ( : x mol, Cl^-: x mol, H⁺: a mol)

 Bảo toàn điện tích:   n A l 3 + = 3 x - a 3 ⇒   n A l ( O H ) 3 m a x = 3 x - a 3    (2)  

Từ (1) và (2), ta được: x = 0,5 mol

Tại kết tủa tối đa:   139 , 9 = n B a S O 4 m a x + n A l ( O H ) 3 m a x = 233 x + 78 ( 3 x - a ) 3

Thay x = 0,5 vào  a = 0,6 mol = n(H⁺) dư  n(Ba(OH)₂) dùng cho đoạn y (trung hòa hết H⁺ dư = 0,3 mol  tại y chính là kết tủa

BaSO₄: n(BaSO₄) = n(Ba(OH)₂) = 0,3 mol

 =>y = 0,3.233= 69,9 gam ≈ 70 gam.

Chọn đáp án B

Ta có:

Vậy

Chọn đáp án D

Quy đổi hỗn hợp tương đương với N a :   a   m o l B a :   b   m o l O :   c   m o l

⇒ 23 a + 137 b + 16 c = 29 , 04 → B T e a + 2 b = 2 c + 2 . 4 , 032 22 , 4 = 2 c + 0 , 36

Sục khí CO₂ vào X:

Khi lượng kết tủa bắt đầu đạt max:  n C O 2 = n B a 2 + = b   m o l

Khi lượng kết tủa bắt đầu giảm:  n C O 2 = n B a 2 + + n N a + = b + a   m o l

Dựa vào đáp án có b = 0,12 hoặc b = 0,16

Nếu b= 0,12 ⇒ a = 0 , 4374 c = 0 , 1587

=> b + a = 0,5574 => Loại (không có đáp án thỏa mãn)

Nếu b= 0,16  ⇒ a = 0 , 24 c = 0 , 1

=> b + a = 0,4

ĐÁP ÁN B:

Khi X + NaOH =>thay thế 1 gốc CH3 thành 1 gốc Na=>X là H2N-CH2-COOCH3

Khi Y + NaOH =>thay thế 1 gốc NH4 thành 1 gốc Na=>X là CH3-CH2-COONH4

=> chọn B