a.

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CaCO_3}=x\left(mol\right)\\n_{MgCO_3}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Theo đề có hệ phương trình: \(\left\{{}\begin{matrix}100x+84y=4,68\\x+y=\dfrac{1,2395}{24,79}=0,05\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,03\\y=0,02\end{matrix}\right.\)

\(m_{CaCO_3}=0,03.100=3\left(g\right),m_{MgCO_3}=0,02.84=1,68\left(g\right)\)

b.

\(CM_{HCl}=\dfrac{2\left(x+y\right)}{0,25}=0,4\left(M\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{1,2395}{24,79}=0,05\left(mol\right)\)

PTHH:

\(CaCO_3+2HCl\rightarrow CaCl_2+H_2O+CO_2\)

x                2x             x             x           x 

\(MgCO_3+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2O+CO_2\)

y                    2y             y            y             y 

Có hệ PT:

\(\left\{{}\begin{matrix}100x+84y=4,68\\x+y=0,05\end{matrix}\right.\)

\(\Leftrightarrow x=0,03;y=0,02\)

\(a,m_{CaCO_3}=0,03.100=3\left(g\right)\)

\(m_{MgCO_3}=4,68-3=1,68\left(g\right)\)

b, \(C_{M\left(HCl\right)}=\dfrac{0,1}{0,25}=\dfrac{2}{5}\left(M\right)\)

\(C_{M\left(CaCl_2\right)}=\dfrac{0,03}{0,25}=\dfrac{3}{25}\left(M\right)\)

\(C_{M\left(MgCl_2\right)}=\dfrac{0,02}{0,25}=\dfrac{2}{25}\left(M\right)\)

a,PTHH:

\(Fe_2O_3+6HCl\rightarrow2FeCl_3+3H_2O\)

x               6x             2x           3x

\(ZnO+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2O\)

y             2y              y             y 

\(\left\{{}\begin{matrix}160x+81y=16,1\\325x+136y=29,85\end{matrix}\right.\)

\(\Leftrightarrow x=0,05;y=0,1\)

b,\(\%m_{Fe_2O_3}=\dfrac{0,05.160}{16,1}.100\%=49,69\%\)

\(\%m_{ZnO}=100\%-49,69=50,31\%\)

c, \(C_{M\left(HCl\right)}=\dfrac{0,5}{0,3}=\dfrac{5}{3}\left(M\right)\)

a, Ta có: 100n_CaCO3 + 84n_MgCO3 = 4,68 (1)

PT: \(CaCO_3+2HCl\rightarrow CaCl_2+CO_2+H_2O\)

\(MgCO_3+2HCl\rightarrow MgCl_2+CO_2+H_2O\)

Theo PT: \(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}+n_{MgCO_3}=\dfrac{1,2395}{24,79}=0,05\left(mol\right)\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{CaCO_3}=0,03\left(mol\right)\\n_{MgCO_3}=0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{CaCO_3}=0,03.100=3\left(g\right)\\m_{MgCO_3}=0,02.84=1,68\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

b, Theo PT: \(n_{HCl}=2n_{H_2}=0,1\left(mol\right)\Rightarrow m_{ddHCl}=\dfrac{0,1.36,5}{20\%}=18,25\left(g\right)\)

⇒ m _{dd sau pư} = 4,68 + 18,25 - 0,05.44 = 20,73 (g)

Có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CaCl_2}=n_{CaCO_3}=0,03\left(mol\right)\\n_{MgCl_2}=n_{MgCO_3}=0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C\%_{CaCl_2}=\dfrac{0,03.111}{20,73}.100\%\approx16,1\%\\C\%_{MgCl_2}=\dfrac{0,02.95}{20,73}.100\%\approx9,2\%\end{matrix}\right.\)

c, \(C_{M_{HCl}}=\dfrac{0,1}{0,25}=0,4\left(M\right)\)

Điều chế Na từ NaCl: 

Đem dung dịch NaCl điện phân nóng chảy, ta thu được kim loại Na.

\(NaCl\underrightarrow{đpnc}Na+\dfrac{1}{2}Cl_2\)

Điều chế Na từ NaOH: 

Đem dung dịch NaOH phản ứng vừa đủ với dung dịch \(MgCl_2\) đến kết tủa tối đa, lọc kết tủa rồi đem dung dịch sau phản ứng điện phân nóng chảy, ta thu được kim loại Na.

\(2NaOH+MgCl_2\rightarrow Mg\left(OH\right)_2+2NaCl\)

\(NaCl\underrightarrow{đpnc}Na+\dfrac{1}{2}Cl_2\)

Các chất tác dụng với HCl, H₂SO₄ loãng tạo ra H₂ là Mg

a, \(CaCO_3+2HCl\rightarrow CaCl_2+CO_2+H_2O\)

b, \(n_{CO_2}=\dfrac{0,4958}{24,79}=0,02\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{HCl}=2n_{CO_2}=0,04\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M_{HCl}}=\dfrac{0,04}{0,2}=0,2\left(M\right)\)

c, \(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,02\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%m_{CaCO_3}=\dfrac{0,02.100}{5}.100\%=40\%\\\%m_{CaSO_4}=60\%\end{matrix}\right.\)

a, Bột Fe tan, có bọt khí thoát ra.

PT: \(Fe+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2\)

b, Bột CuO tan, tạo dd màu xanh.

PT: \(CuO+H_2SO_4\rightarrow CuSO_4+H_2O\)

c, Có hiện tượng sủi bọt khí.

PT: \(Na_2CO_3+2HCl\rightarrow2NaCl+CO_2+H_2O\)

d, Na tan, có khí thoát ra, dd chuyển hồng.

PT: \(2Na+2H_2O\rightarrow2NaOH+H_2\)

e, Bột Al₂O₃ tan.

PT: \(Al_2O_3+2NaOH\rightarrow2NaAlO_2+H_2O\)

f, Xuất hiện tủa trắng.

PT: \(BaCl_2+H_2SO_4\rightarrow BaSO_{4\downarrow}+2HCl\)

Câu 10:

a) `a=2,b=c=3`

\(Fe_2O_3+6HCl\rightarrow2FeCl_3+3H_2O\)

b)

\(m_{dd}=m+n\left(g\right)\)

Câu 11:

a) \(Fe+\dfrac{3}{2}Cl_2\underrightarrow{t^o}FeCl_3\)

b) \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

c) \(FeCl_2\underrightarrow{đpdd}Fe+Cl_2\)

2NaOH + H₂SO4 -> Na₂SO₄ + 2H₂O

P₂O₅ + 6NaOH -> Na₃PO₄ + H₂O

H₂SO₄ + BaCl₂ -> BaSO₄ + HCl

H₂SO₄ + CuO -> CuSO₄ + H₂O

H₂SO₄ + Fe -> FeSO₄ + H₂

2NaOH + CuO -> Na₂CuO₂ + H₂O

\(n_{NO_2}=\dfrac{3,7185}{24,79}=0,15\left(mol\right)\)

PTHH:

\(Zn+4HNO_{3\left(đ,n\right)}\rightarrow Zn\left(NO_3\right)_2+2NO_2+2H_2O\)

x            4x                      x                 2x            2x

\(Cu+4HNO_{3\left(đ,n\right)}\rightarrow Cu\left(NO_3\right)_2+2NO_2+2H_2O\)

y              4y                    y                  2y          2y

\(\left\{{}\begin{matrix}65x+64y=4,825\\2x+2y=0,15\end{matrix}\right.\)

\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=\dfrac{1}{40}\\y=\dfrac{1}{20}\end{matrix}\right.\)

\(a,\%m_{Zn}=\dfrac{\dfrac{1}{40}.65}{4,825}.100\%=33,68\%\)

\(\%m_{Cu}=\dfrac{\dfrac{1}{20}.64}{4,825}.100\%=66,32\%\)

b, PTHH:

\(Zn+2H_2SO_{4\left(đ,n\right)}\rightarrow ZnSO_4+SO_2+2H_2O\)

1/40                                               1/40

\(Cu+2H_2SO_4\rightarrow CuSO_4+SO_2+2H_2O\)

1/20                                         1/20 

\(V_{SO_2}=\left(\dfrac{1}{40}+\dfrac{1}{20}\right).24,79=1,85925\left(L\right)\)