\(n_{K2CO3}=\dfrac{200.13,8\%}{100\%.138}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{HCl}=\dfrac{100.18,25\%}{100\%.36,5}=0,5\left(mol\right)\)

a) Pt : \(K_2CO_3+HCl\rightarrow KCl+CO_2+H_2O|\)

              0,2          0,5        0,2       0,2

Lập tỉ số so sánh : \(\dfrac{0,2}{1}< \dfrac{0,5}{1}\Rightarrow K_2CO3hết,HCldư\)

\(V_{CO2\left(dktc\right)}=0,2.22,4=4,48\left(l\right)\)

b) \(m_{KCl}=0,2.74,5=14,9\left(g\right)\)

    \(m_{NaOH\left(dư\right)}=\left(0,5.0,4\right).40=4\left(g\right)\)

   \(m_{ddspu}=200+100-\left(0,2.44\right)=291,2\left(g\right)\)

\(C\%_{K2CO3}=\dfrac{14,9.100}{219,2}=5,12\%\)

\(C\%_{ddNaOH\left(dư\right)}=\dfrac{4.100}{291,2}=1,37\%\)

 Chúc bạnh học tốt

Mk cảm ơn rất nhiều ạ❤❤

Hỗn hợp khí X có thể là CO2 và CO

C + O₂ \(\underrightarrow{t^o}\) CO₂

CO₂ + C \(\underrightarrow{t^o}\) 2CO

CaO + H₂O \(\rightarrow\) Ca(OH)₂

a, Ca(OH)₂ + CO₂ \(\rightarrow\) CaCO₃ \(\downarrow\) + H₂O

n_{\(CO_2\)} = n\(CaCO_3\) = \(\dfrac{3,36}{22,4}\) = 0,15 (mol)

=> m \(CaCO_3\) = 0,15 . 100 = 15(g)

b, Ca(OH)₂ + CO₂ \(\rightarrow\) CaCO₃ \(\downarrow\) + H₂O

Kết thúc thí nghiệm thu được 5 g kết tủa 

=> n_{\(CaCO_3\)} = n_{\(CO_2\)} = \(\dfrac{5}{100}\) = 0,05 (mol)

V_{\(CO_2\)} = 0,05 . 22,4 = 1,12 (lít)

a) \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CaO}=\dfrac{5,6}{56}=0,1\left(mol\right)\\n_{CO_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: \(CaO+H_2O\rightarrow Ca\left(OH\right)_2\)

             0,1--------------->0,1

Xét \(T=\dfrac{n_{Ca\left(OH\right)_2}}{n_{CO_2}}=\dfrac{0,1}{0,15}=\dfrac{2}{3}\Rightarrow\) Pư tạo 2 muối

PTHH: \(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

              0,1---------->0,1------>0,1

            \(CaCO_3+CO_2+H_2O\rightarrow Ca\left(HCO_3\right)_2\)

               0,05<----0,05-------------->0,05

`=>` \(m_{kt}=\left(0,1-0,05\right).100=5\left(g\right)\)

b) \(n_{CaCO_3}=\dfrac{5}{100}=0,05\left(mol\right)\)

`-` TH₁: Kết tủa chưa bị hòa tan

`=> n_{CO_2} = n_{CaCO_3} = 0,05 (mol)`

`=> V_{CO_2} = 0,05.22,4 = 1,12 (l)`

`-` TH₂: Kết tủa đã bị hòa tan 1 phần

PTHH: \(Ca\left(OH\right)_2+2CO_2\rightarrow Ca\left(HCO_3\right)_2\)

BTNT Ca: `n_{Ca(HCO_3)_2} = n_{Ca(OH)_2} - n_{CaCO_3} = 0,05 (mol)`

BTNT C: `n_{CO_2} = n_{CaCO_3} + 2n_{Ca(HCO_3)_2} = 0,15 (mol)`

`=> V_{CO_2} = 0,15.22,4 = 3,36 (l)`

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Cu}=\dfrac{3,2}{64}=0,05\left(mol\right)\\n_{Fe_3O_4}=\dfrac{23,2}{232}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: \(Fe_3O_4+4H_2SO_4\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+FeSO_4+4H_2O\)

              0,1---------------------->0,1------------>0,1

             \(Cu+Fe_2\left(SO_4\right)_3\rightarrow CuSO_4+2FeSO_4\)

bđ         0,05     0,1

pư         0,05--->0,05

sau pư   0          0,05                0,05         0,1

             \(2NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)

             \(FeSO_4+2NaOH\rightarrow Fe\left(OH\right)_2\downarrow+Na_2SO_4\)

               0,2----------------------->0,2

              \(Fe_2\left(SO_4\right)_3+6NaOH\rightarrow2Fe\left(OH\right)_3\downarrow+3Na_2SO_4\)

                   0,05----------------------->0,1

               \(CuSO_4+2NaOH\rightarrow Cu\left(OH\right)_2\downarrow+Na_2SO_4\)

                 0,05--------------------->0,05

                \(4Fe\left(OH\right)_2+O_2\xrightarrow[]{t^o}2Fe_2O_3+4H_2O\)

                    0,2------------------->0,1

                \(2Fe\left(OH\right)_3\xrightarrow[]{t^o}Fe_2O_3+3H_2O\)

                   0,1------------>0,05

                 \(Cu\left(OH\right)_2\xrightarrow[]{t^o}CuO+H_2O\)

                    0,05--------->0,05

`=> m = 0,05.80 + (0,1 + 0,05).160 = 28 (g)`

\(Ca\left(OH\right)_2+2HCl\rightarrow CaCl_2+2H_2O\)

\(Al\left(OH\right)_3+H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Fe_3O_4}=a\left(mol\right)\\n_{Al}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\Rightarrow232a+27b=93,9\left(1\right)\)

Vì chất rắn B sau phản ứng + dd NaOH -> H₂ => Al dư

B gồm: Al, Al₂O₃, Fe

\(n_{H_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\)

PTHH: \(3Fe_3O_4+8Al\xrightarrow[]{t^o}9Fe+4Al_2O_3\)

               a-------->\(\dfrac{8}{3}a\)----->3------>\(\dfrac{4}{3}a\)

            \(Al_2O_3+2NaOH\rightarrow2NaAlO_2+H_2O\)

            \(2NaOH+2Al+2H_2O\rightarrow2NaAlO_2+3H_2\)

              0,1<-------0,1<----------------0,1<----------0,15

`=>` \(b-\dfrac{8}{3}a=0,1\left(2\right)\)

Từ `(1), (2) =>` \(\left\{{}\begin{matrix}a=0,3\left(mol\right)\\b=0,9\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}m_{Fe_3O_4}=0,3.232=69,6\left(g\right)\\m_{Al}=0,9.27=24,3\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

Theo PT: \(n_{NaAlO_2}=n_{NaOH}=0,45.2=0,9\left(mol\right)\)

b) \(n_{Al\left(OH\right)_3}=\dfrac{62,4}{78}=0,8\left(mol\right)\)

PTHH: \(NaAlO_2+HCl+H_2O\rightarrow Al\left(OH\right)_3\downarrow+NaCl\)

`-` TH₁: Kết tủa chưa bị hòa tan

Theo PT: \(n_{HCl}=n_{Al\left(OH\right)_3}=0,8\left(mol\right)\)

`=>` \(V=\dfrac{0,8}{2}=0,4\left(l\right)=400\left(ml\right)\)

`-` TH₂: Kết tủa tan ra 1 phần

PTHH: \(Al\left(OH\right)_3+3HCl\rightarrow AlCl_3+3H_2O\)

BTNT Na: `n_{NaCl} = n_{NaAlO_2} = 0,9 (mol)`

BTNT Al: `n_{AlCl_3} = n_{NaAlO_2} - n_{Al(OH)_3} = 0,1 (mol)`

BTNT Cl: `n_{HCl} = n_{NaCl} + 3n_{AlCl_3} = 1,2 (mol)`

`=>` \(V=\dfrac{1,2}{2}=0,6\left(l\right)=600\left(ml\right)\)

PTHH: `CuO + H_2SO_4 -> CuSO_4 + H_2O`

Theo PT: `n_{H_2SO_4} = n_{CuSO_4} = n_{CuO} = 0,2 (mol)`

`=> m_{ddH_2SO_4} = (0,2.98)/(20\%) = 98 (g)`

`=> m_{dd} = 98 + 0,2.80 = 114 (g)`

`=>` \(\text{dd ban đầu có: }\left\{{}\begin{matrix}m_{CuSO_4}=0,2.160=32\left(g\right)\\m_{H_2O}=114-32=82\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

Gọi \(n_{CuSO_4.5H_2O}=a\left(mol\right)\left(ĐK:a< 0\right)\)

`=>` \(\text{tách ra: }\left\{{}\begin{matrix}m_{CuSO_4}=160a\left(g\right)\\m_{H_2O}=5a.18=90a\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` \(\text{dd còn lại: }\left\{{}\begin{matrix}m_{CuSO_4}=32-160a\left(g\right)\\m_{H_2O}=82-90a\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

Ta có: \(S_{CuSO_4\left(10^oC\right)}=17,4\left(g\right)\)

`=>` \(\dfrac{32-160a}{82-90a}.100=17,4\)

`<=>` \(a=\dfrac{4433}{36085}\left(mol\right)\left(TM\right)\)

`=>` \(m_{CuSO_4.5H_2O}=\dfrac{4433}{36085}.250\approx30,71\left(g\right)\)

Tại lúc `n_{CO_2} = a (mol)`, kết tủa tăng lên đến cực đại là 0,75 mol

Tại lúc `n_{CO_2} = b (mol)`, kết tủa bị hòa tan một phần và còn lại 0,5 mol

Tại lúc `n_{CO_2} = c (mol)`, kết tủa bị hòa tan vừa hết

PTHH:

`Ca(OH)_2 + CO_2 -> CaCO_3 + H_2O`

`CaCO_3 + CO_2 + H_2O -> Ca(HCO_3)_2`

`-` Tại lúc `n_{CO_2} = a (mol)`

Theo PT: `a = n_{CO_2} = n_{Ca(OH)_2} = n_{CaCO_3} = 0,75 (mol)`

`-` Tại lúc `n_{CO_2} = b (mol)`

BTNT Ca: `n_{Ca(HCO_3)_2} = n_{Ca(OH)_2} - n_{CaCO_3} = 0,25 (mol)`

BTNT C: `b = n_{CO_2} = n_{CaCO_3} + 2n_{CO_2} = 1 (mol)`

`-` Tại lúc `n_{CO_2} = c (mol)`

BTNT Ca: `n_{Ca(HCO_3)_2} = n_{Ca(OH)_2} = 0,75 (mol)`

BTNT C: `c = n_{CO_2} = 2n_{Ca(HCO_3)_2} = 1,5 (mol)`

\(n_{H2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\)

Pt : \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2|\)

       0,15     0,3                     0,15

a) \(m_{Fe}=0,15.56=8,4\left(g\right)\)

b) \(m_{HCl}=0,3.36,5=10,95\left(g\right)\)

⇒ \(C\%_{ddHCl}=\dfrac{10,95.100}{100}=10,95\%\)

 Chúc bạn học tốt