Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
- Cho dd BaCl2 dư, vào dd, lọc tách phần không tan thu được kết tủa và dd nước lọc
$Na_2CO_3 + BaCl_2 \rightarrow BaCO_3 \downarrow + 2NaCl$
$Na_2SO_3 + BaCl_2 \rightarrow BaSO_3 \downarrow + 2NaCl$
$Na_2SO_4 + BaCl_2 \rightarrow BaSO_4 \downarrow + 2NaCl$
- Hòa tan kết tủa vào dd HCl dư, rồi dẫn khí sau phản ứng qua 2 bình mắc nối tiếp, bình 1 đựng dd Br2 dư, bình 2 đựng dd Ca(OH)2 dư, thấy:
+ Còn một phần kết tủa không tan => Kết tủa đó là BaSO4 => trong dd có Na2SO4
+ Bình 1: dd Br2 bị nhạt màu => Có khí SO2 => Kết tủa là BaSO3 => trong dd có Na2SO3
\(BaSO_3+2HCl\rightarrow BaCl_2+SO_2\uparrow+H_2O\)
\(SO_2+Br_2+2H_2O\rightarrow H_2SO_4+2HBr\)
+ Bình 2: dd Ca(OH)2 bị vẩn đục => Có khí CO2 => Kết tủa là BaCO3 => trong dd có Na2CO3
\(BaCO_3+2HCl\rightarrow BaCl_2+CO_2\uparrow+H_2O\)
\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+H_2O\)
- Cho dd HCl dư vào dd sau phản ứng thấy có khí không màu, không mùi thoát ra, dẫn khí qua dd Ca(OH)2 thấy có kết tủa trắng xuất hiện => dd có chứa NaHCO3
\(NaHCO_3+HCl\rightarrow NaCl+CO_2\uparrow+H_2O\\ CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+H_2O\)
- Cho miếng đồng vào dd sau phản ứng, tiếp tục nhỏ thêm vào giọt HCl dư vào dd, thấy đồng tan ra, tạo dd màu xanh, có khí không màu hóa nâu trong không khí => dd ban đầu có NaNO3
\(8NaNO_3+3Cu+8HCl\rightarrow3Cu\left(NO_3\right)_2+2NO\uparrow+4H_2O+8NaCl\\ 2NO+O_2\rightarrow2NO_2\)
\(n_{H_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\\ pthh:Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\uparrow\)
0,15<----------------------0,15
\(m_{Fe}=0,15.56=8,4\left(g\right)\\ \Rightarrow\%m_{Fe}=\dfrac{8,4}{10,5}.100\%=80\%\\ \Rightarrow\%m_{Cu}=100\%-80\%=20\%\)
Quy đổi hh về \(\left\{{}\begin{matrix}Na\\Na_2O\\BaO\end{matrix}\right.\)
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2}=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\\n_{Ba\left(OH\right)_2}=\dfrac{20,52}{171}=0,12\left(mol\right)\\n_{CO_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
PTHH:
`2Na + 2H_2O -> 2NaOH + H_2`
`Na_2O + H_2O -> 2NaOH`
`BaO + H_2O -> Ba(OH)_2`
Theo PT: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Na}=2n_{H_2}=0,1\left(mol\right)\\n_{BaO}=n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,12\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
`=>` \(n_{Na_2O}=\dfrac{21,9-0,12.153-0,1.23}{62}=0,02\left(mol\right)\)
Theo PT: \(\sum n_{NaOH}=2n_{Na_2O}+n_{Na}=0,09\left(mol\right)\)
PTHH: \(Ba\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow BaCO_3\downarrow+H_2O\)
bđ 0,12 0,3
pư 0,12-------->0,12
sau pư 0 0,18 0,12
\(2NaOH+CO_2\rightarrow Na_2CO_3+H_2O\)
bđ 0,09 0,18
pư 0,09------>0,045
sau pư 0 0,135 0,045
\(Na_2CO_3+CO_2+H_2O\rightarrow2NaHCO_3\)
bđ 0,045 0,135
pư 0,045------>0,045
sau pư 0 0,09
\(BaCO_3+CO_2+H_2O\rightarrow Ba\left(HCO_3\right)_2\)
bđ 0,12 0,09
pư 0,09<----0,09
sau pư 0,03 0
`=>` \(m=m_{BaCO_3}=0,03.197=5,91\left(g\right)\)
\(n_{NaOH}=\dfrac{150.12\%}{40}=0,45\left(mol\right)\)
\(n_{CuSO_4}=\dfrac{50.24\%}{160}=0,075\left(mol\right)\)
PTHH : 2NaOH + CuSO4 -> Na2SO4 + Cu(OH)2 \(\downarrow\)
0,15 0,075 0,075 0,075
Ta thấy : \(\dfrac{0.45}{2}>\dfrac{0.075}{1}\Rightarrow NaOH.dư\)
\(m_{Cu\left(OH\right)_2}=0,075.98=7,35\left(g\right)\)
\(C\%_{dd_{Na_2SO_4}}=\dfrac{0,075.142}{150+50}=5,325\%\)
Bài 3 :
\(n_{NaOH}=\dfrac{150.12\%}{100\%.40}=0,45\left(mol\right)\)
\(n_{CuSO4}=\dfrac{50.24\%}{100\%.160}=0,075\left(mol\right)\)
Pt : \(CuSO_4+2NaoH\rightarrow Cu\left(OH\right)_2+Na_2SO_4|\)
0,075 0,45 0,075 0,075
Lập tỉ số so sánh : \(\dfrac{0,075}{1}< \dfrac{0,45}{2}\Rightarrow CuSO_4hết,NaOHdư\)
\(m_{Cu\left(OH\right)2}=0,075.98=7,35\left(g\right)\)
\(m_{Na2SO4}=0,075.142=10,65\left(g\right)\)
\(m_{NaOH\left(dư\right)}=\left(0,45-0,15\right).40=12\left(g\right)\)
\(m_{ddspu}=150+50-7,35=192,65\left(g\right)\)
\(C\%_{Na2SO4}\dfrac{10,65.100}{192,65}=5,53\%\)
\(C\%_{ddNaOH\left(dư\right)}=\dfrac{12.100}{192,65}=6,23\%\)
Chúc bạn học tốt
