Theo giả thiết ta có: \(n_S=\dfrac{1,6}{32}=0,05\left(mol\right)\)

\(S+O_2--t^o->SO_2\)

Ta có: \(n_{SO_2}=n_S=0,05\left(mol\right)\Rightarrow m_{SO_2}=0,05.64=3,2\left(g\right)\)

Theo giả thiết ta có: \(n_{O_2}=0,6\left(mol\right)\)

\(4Al+3O_2--t^o->2Al_2O_3\)

Ta có: \(n_{Al}=\dfrac{4}{3}.n_{O_2}=\dfrac{4}{3}.0,6=0,8\left(mol\right)\Rightarrow a=0,8.27=21,6\left(g\right)\)

\(A_xO_y+yH_2O\rightarrow xA\left(OH\right)_{\dfrac{2y}{x}}\) (Với A_xO_y là oxit bazo của kim loại kiềm và kiềm thổ trừ Be và Mg)

Khối lượng chất tan \(CuSO_4\) mới là :

\(C\%=\dfrac{m_{ct}}{m_{dd}}.100\%\Rightarrow m_{ct}=\dfrac{C\%.m_{dd}}{100\%}=\dfrac{8.384}{100}=30,72\left(g\right)\)

Nồng độ phần trăm \(CuSO_4\) mới là :

\(C\%_{moi}=\dfrac{m_{ct}}{m_{dd}}.100\%=\dfrac{\left(30,72+16\right)}{384}.100\%=12,17\%\)

12,17%

Gọi hoá trị của X là z

\(n_{H_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3mol\\ 2X+2zHCl\rightarrow2XCl_Z+zH_2\\ n_X=\dfrac{2.0,3}{z}=\dfrac{6}{z}\\ \Rightarrow M_X\cdot\dfrac{6}{z}=5,4\\ \Leftrightarrow6M_X=5,4z\\ \Leftrightarrow M_X=0,9z\)

Nếu z = 3 thì M_x = 27(Al)

Vậy kim loại X là nhôm.

Theo giả thiết ta có: \(n_{HCl}=0,144\left(mol\right);n_{H_2SO_4}=0,054\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{H^+}=0,252\left(mol\right)\)

\(OH^-+H^+\rightarrow H_2O\)

\(\Rightarrow n_{H_2O}=0,252\left(mol\right)\)

Bảo toàn khối lượng ta có: 

\(m=8,748+0,144.36,5+0,054.98-0,252.18=14,76\left(g\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=0,25.2=0,5mol\\ n_{Al_2O_3}=a,n_{CuO}=b\\ Al_2O_3+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\\ CuO+H_2SO_4\rightarrow CuSO_4+H_2O\\ \Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}3a+b=0,5\\102a+80b=26,2\end{matrix}\right.\\ \Rightarrow a=0,1;b=0,2\\ \%m_{Al_2O_3}=\dfrac{0,1.102}{26,2}\cdot100=39\%\\ \%m_{CuO}=100-39=61\%\)