Từ điểm A cố định nằm ngoài đường tròn tâm O, vẽ 2 cát tuyến ABC và ADE. Chứng minh rằng AB.AC=AD.AE. giúp mk vs mng oiiii
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
1.
\(\widehat{AOB}=2\widehat{ACB}=2.20^0=40^0\) (góc ở tâm thì gấp đôi góc nội tiếp cùng chắn 1 cung)
2.
\(\widehat{PNM}=\widehat{PQM}=30^0\) (hai góc nt cùng chắn cung PM)
Mà \(\widehat{QKN}=\widehat{KPN}+\widehat{PNM}\) (góc ngoài của tam giác bằng tổng 2 góc trong không kề với nó)
\(\Rightarrow\widehat{QKN}=45^0+30^0=75^0\)
\(\left(x-2\right).\left(x+2\right)=1\)
\(\Leftrightarrow x^2-4=1\)
\(\Leftrightarrow x^2=5\)
\(\Leftrightarrow x=\pm\sqrt{5}\)
mình giải đến đây thôi,phần đằng sau mk ko hiểu đề bạn viết sai sai ở đâu ý
\(x^2+\sqrt{5}x-10=0\)
\(\Delta=5-4\left(-10\right)=45>0\)
Vậy pt có nghiệm pb
\(x_1=\dfrac{-\sqrt{5}-3\sqrt{5}}{2}=-2\sqrt{5};x_2=\dfrac{-\sqrt{5}+3\sqrt{5}}{2}=\sqrt{5}\)
a: Xét tứ giác MBHC có
\(\widehat{MBH}+\widehat{MCH}=180^0\)
Do đó: MBHC là tứ giác nội tiếp
b: Sửa đề: \(MC\cdot MP=MB\cdot MN\)
Xét ΔMCP vuông tại C và ΔMBN vuông tại B có
\(\widehat{BMN}\) chung
Do đó: ΔMCP\(\sim\)ΔMBN
Suy ra: MC/MB=MP/MN
hay \(MC\cdot MN=MB\cdot MP\)
Ta viết lại bất đẳng thức cần chứng minh là:
\(\frac{a}{\left(a+c\right)\left(b+c\right)}+\frac{b}{\left(a+b\right)\left(c+a\right)}+\frac{c}{\left(c+a\right)\left(a+b\right)}\ge\frac{3}{4}\)
Sử dụng kĩ thuật thêm-bớt trong bất đẳng thức Cô si ta được:
\(\frac{a}{\left(a+c\right)\left(b+c\right)}+\frac{a\left(a+c\right)}{8}+\frac{a\left(b+c\right)}{8}\ge\frac{3a}{4}\)
\(\Rightarrow\frac{a}{\left(a+c\right)\left(b+c\right)}+\frac{a^2+ab+2ac}{8}\ge\frac{3a}{4}\)
Áp dụng tương tự ta được:
\(\frac{b}{\left(a+b\right)\left(c+a\right)}+\frac{b^2+bc+2ab}{8}\ge\frac{3b}{4}\)
\(\frac{c}{\left(b+c\right)\left(a+b\right)}+\frac{c^2+ca+2bc}{8}\ge\frac{3c}{4}\)
Gọi vế trái của bất đẳng thức là A khi đó cộng các vế bất đẳng thức trên ta được:
\(A+\frac{a^2+ab+2ac}{8}+\frac{b^2+bc+2ab}{8}+\frac{c^2+ca+2bc}{8}\ge\frac{3\left(a+b+c\right)}{4}\)
Hay: \(A\ge\frac{9}{4}-\frac{\left(a+b+c\right)^2+\left(ab+bc+ca\right)}{8}\)
\(\ge\frac{9}{4}-\frac{\left(a+b+c\right)^2+\frac{\left(a+b+c\right)^2}{a}}{8}=\frac{3}{4}\)
Đến đây bài toán được chứng minh xong.
\(\left\{{}\begin{matrix}1,3x+4,2y=12\\0,5x+2,5y=5,5\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}\dfrac{13}{10}x+\dfrac{21}{5}y=12\\\dfrac{1}{2}x+\dfrac{5}{2}y=\dfrac{11}{2}\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}13x+42y=120\\x+5y=11\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}13x+42y=120\\13x+65y=143\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}23y=23\\x=11-5y\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}y=1\\x=6\end{matrix}\right.\)
b, \(\Delta=\left(m+1\right)^2+8\left(m+3\right)=m^2+2m+1+8m+24\)
\(=m^2+10m+25=\left(m+5\right)^2\ge0\forall m\)
Vậy pt luôn có 2 nghiệm
a) Thay x = 2 vào phương trình ta có
\(2^2-\left(m+1\right)2-2\left(m+3\right)=0\Leftrightarrow m=2\)
Vậy để phương trình có nghiệm là x = 2 thì m = 2
Xét tam giác ABE và tam giác ADC ta có :
^A _ chung
^AEB = ^ACD ( cùng chắn cung BD )
Vậy tam giác ABE ~ tam giác ADC (g.g)
=> AB/AD=AE/AC => AB.AC=AE.AD