Chọn phương án C.

Trong 1 tiêu bản của tế bào có 12 NST kép đang xếp hàng trên mặt phẳng xích đạo của thoi phân bào ⇒ Tế bào đang ở kì giữa nguyên phân hoặc kì giữa giảm phân 

-: tế bào đang ở kì giữa nguyên phân

⇒Bộ NST của loài: 

-: tế bào đang ở kì giữa giảm phân 

⇒Bộ NST của loài 

\(\rightarrow N_1+N_2=\dfrac{144.10^4}{300}=4800\left(nu\right)\)

- Mà bài cho: \(N_1-N_2=1200\left(nu\right)\)

- Do đó ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}N_1=3000\left(nu\right)\\N_2=1800\left(nu\right)\end{matrix}\right.\)

\(\rightarrow L_2=\dfrac{3,4.N}{2}=3060\left(\overset{o}{A}\right)\)\(=0,306\left(\mu m\right)\)

- Lưu ý kí hiệu mình sử dụng: \(A_1;T_1;G_1;X_1\) hay \(A_2;G_2;...\) là số nu của gen $1$ hoặc gen $2$ chứ không phải số nu của mạch.

- Có: \(\%A_2=\%T_2=\%X_2=\%G_2\) \(\rightarrow\) \(A_2=T_2=X_2=G_2=25\%N_2=450\left(nu\right)\)

\(\rightarrow X_1=2T_2=2.450=900\left(nu\right)\) \(\rightarrow X_1=G_1=900\left(nu\right)=30\%N_1\)

\(\rightarrow A_1=T_1=20\%N_1=600\left(nu\right)\)

\(L=3,4.\dfrac{N}{2}=340\left(\overset{o}{A}\right)\)

\(M=N.300=60000\left(dvC\right)\)

\(C=\dfrac{L}{34}=\dfrac{N}{20}=10\left(ck\right)\)

- Liên kết hóa trị của gen: \(2\left(N-1\right)=398\left(lk\right)\)

\(A=T=20\%N=40\left(nu\right)\)

\(G=X=30\%N=60\left(nu\right)\)

\(\rightarrow H=2A+3G=260\left(lk\right)\)

\(P:AaBB\)    \(\times\)    \(AaBb\)

\(Gp:AB;aB\)          \(AB;Ab;aB;ab\)

\(F_1:\)

- Vì đầu \(3'\) của gen là kí hiệu cho \(C_3\)(cacbon ở vị trí số 3) của đường gắn với \(OH\) tự do.

- Còn đầu \(5'\) là \(C_5\) của đường gắn với nhóm \(P\) tự do.