Đáp án D

Đáp án A loại vì C₂H₅-COOH (Y) không tham gia phản ứng tráng bạc.

Đáp án B loại vì OHC-CH₂-CHO (Z) không tác dụng được với dung dịch NaOH.

Đáp án C loại vì CH₃COOCH₃ (X) không tham gia phản ứng tráng bạc.

Đáp án D thỏa mãn.

Đáp án D

Từ 4 đáp án, ta xác định được ngay X là axit và Y là este.

Este Y được tạo thành từ axit X và 1 ancol no đơn chức (CnH2n+1OH)

 

Gọi x và n lần lượt là số mol và số nguyên tử C của ancol.

Ta có:

 

Vậy công thức của X là CH₂=CHCOOH, công thức của Y: CH₂=CHCOOC₂H₅

Đáp án C

Ta có M_X = 100 → X có công thức phân tử C₅H₈O₂

Ta có n_X = 10 : 100 = 0,1 mol < n_NaOH = 0,15 mol→ chất rắn khan chứa muối RCOONa : 0,1 mol và NaOH dư: 0,05 mol

→ 0,1. (R + 67) + 0,05. 40 = 11,6 → R= 29 (C₂H₅)

Vậy X có công thức C₂H₅COOCH=CH₂. Khi thủy phân X thu được C₂H₅COONa và CH₃CHO

Đáp án : D

Ta đi ngược từ cuối:

(T): C₂H₅COONa + NaOH  → t o C a O  C₂H₆ + Na₂CO₃.

(Z): C₂H₅COOH + NaOH → C₂H₅COONa + H₂O

(Y): C₂H₅CH₂OH + O₂ → C₂H₅COOH + H₂O

(X): HCOOCH₂CH₂CH₃ + NaOH → HCOONa + CH₃CH₂CH₂OH.

Đáp án: A

Giả sử axit béo tự do có công thức RCOOH

RCOOH + NaOH  →   RCOONa + H2O     (1)

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3NaOH   →  3C₁₇H₃₃COONa + C₃H₅(OH)₃  (2)

Để cho tiện, ta coi tất cả các đơn vị đã cho là gam (thay vì kg)

nNaOH = 4 , 939 40 ; gọi nNaOH (1) = x => nNaOH (2) =    4 , 939 40 - x (mol)

Suy ra:nH₂O = x mol; nC₃H₅(OH)₃  =    1 3 nNaOH   (2)

Bảo toàn khối lượng, ta có: 35 + 4,939 = 36,207 + x.18 +    92 3 4 , 939 40 - x

=> x = 4,31.10^-3 mol  => nKOH = nNaOH (1) = 4,31.10^-3 mol

=> mKOH = 241,36 mg  

=> chỉ số axit 

Đáp án C

gọi số mol của X, Y lần lượt là x, y mol, ta có:

∑n _gly = 2x + 2y = 30 ÷ 75; ∑n_ala = 2x + y = 28,48 ÷ 89.

Giải hệ → x = 0,12 mol và y = 0,08 mol.

Luôn nhớ: n.peptit - (n-1)H₂O → polipetit. Theo đó, với: Gly = 75, Ala = 89, Val = 117, Glu = 147, ta tính nhanh:

M _X = 2 × 89 + 2 × 75 + 2 × 117 - 5 × 18 = 472 M _Y = 2 × 75 + 89 + 147 - 3 × 18 = 332.

Vậy: m = 472x + 332y = 83,2 gam → chọn đáp án C.

Đáp án D

Bảo toàn khối lượng :

m + 0,3 × 40 = m - 8,4 + m - 1,1→ m = 21,5 gam.
44 < M_{trung bình andehit} = 52,4 < 58

→ 2 andehit là CH₃CHO và C₂H₅CHO

n_andehit =  21 , 5 - 8 , 4 52 , 4  = 0,25 mol

→ n_{NaOH dư} = 0,3- 0,25 = 0,05 mol

→ M_muối = 21 , 5 - 1 , 1 - 0 , 05 . 40 0 , 25  = 73,6 > 68

→ trong muối chắc chắn có HCOONa

Đáp án : D

CH₄    C₂H₂     CH₃CHO   (Y)

(Y): CH₃CHO  

CH₃COONa → C a O ,   t o + N a O H   CH₄

Đáp án: B

Xà phòng hóa 1 tấn chất béo cần

Để tiện tính toán, ta coi rằng : Xà phòng hóa 1 g chất béo cần 0,168g KOH

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH  3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

nNaOH = nKOH =    0 , 168 56 = 3 . 10 - 3 (mol)

=> n_C3H5(OH)3 = 10^-3 mol

Bảo toàn khối lượng => 1 + 3.10^-3.40 = m_RCOONa + 10^-3.92

=> m_RCOONa = 1,028 g

=> Khối lượng xà phòng 72% là:   1 , 028 0 , 72  = 1,428