Các phản ứng có thể xảy ra:

Mg+CuSO4->MgSO4+Cu

Mg+FeSO4->MgSO4+Cu

Nếu chỉ xảy ra phản ứng (1) với số mol các chất vừa đủ thì dung dịch B chứa 0,1 mol MgSO4 và 0,1 mol FeSO4. Khi đó E chứa 0,1 mol MgO và 0,05 mol Fe2O3 (vì nung kết tủa ngoài không khí).

mE=m1=mMgO+mFe2O3=12g

Nếu xảy ra cả phản ứng (1) và phản ứng (2) với số mol các chất vừa đủ hoặc Mg dư thì dung dịch B chứa 0,2 mol MgSO4. Khi đó E chứa 0,2 mol MgO.

=> mE = m2 = mMgO = 8 (gam)

Mà m2 < mE < m1 nên xảy ra cả phản ứng (1) và (2) trong đó phản ứng (2) kết thúc thì FeSO4 vẫn còn dư.

gọi n Mg(2) =a thì nFeSO4 pứ =a, nFeSO4=0,1-a mol

=>B:\(\left\{{}\begin{matrix}nMgSO4=a+0,1\\nFeSO4=0,1-a\end{matrix}\right.\)

=>E:\(\left\{{}\begin{matrix}nMgO=a+0,1\\nFe2O3=0,05-0,5a\end{matrix}\right.\)

->mE=mMgO+mFe2O3=10

Hay40(a+0,1)+160(0,05-0,05a)=10

=>a=0,05 mol

Vậy mMg = 24(0,05 + 0,1) = 3,6 (gam)

a) $n_{CO_2} = \dfrac{3,36}{22,4} = 0,15(mol)$

$A_2CO_3 + 2HCl \to 2ACl + CO_2 + H_2O$
$BCO_3 + 2HCl \to BaCl_2 + CO_2 + H_2O$
Theo PTHH : 
$n_{HCl} = 2n_{CO_2} = 0,3(mol)$
$n_{H_2O} = n_{CO_2} = 0,15(mol)$

Bảo toàn khối lượng : 

$m_X + m_{HCl} = m_{muối} + m_{CO_2} + m_{H_2O}$

$\Rightarrow m_{muối} = 18 + 0,3.36,5 - 0,15.44 - 0,15.18 = 19,65(gam)$

b) Gọi $n_{BCO_3} = x(mol) \Rightarrow n_{A_2CO_3} = 2x(mol)$
Ta có : $n_{CO_2} = n_{BCO_3} + n_{A_2CO_3} = 3x = 0,15(mol)$
$\Rightarrow x = 0,05$

Ta có : $m_X = 0,05.(B + 60) + 0,05.2.(2A + 60) = 18(1)$

Mà : $A - B = 15$

Suy ra : A = 39 ; B = 24

Vậy CTHH hai muối là $K_2CO_3$ và $MgCO_3$

$a) Fe_2O_3 + 3CO \xrightarrow{t^o} 2Fe + 3CO_2$
$b) 2Al + 3H_2SO_4 \to Al_2(SO_4)_3 + 3H_2$
$c) 2Na + H_2SO_4 \to Na_2SO_4 + H_2$
$d) 2KOH + H_2SO_4 \to K_2SO_4 + 2H_2O$
$e) FeSO_4 + BaCl_2 \to FeCl_2 + BaSO_4$

$f) Fe_2(SO_4)_3 + 3BaCl_2 \to 2FeCl_3 + 3BaSO_4$

Giả sử có 1 mol hỗn hợp

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Fe}=a\left(mol\right)\\n_{Mg}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> a + b = 1 (*)

PTHH:

Fe + 2HCl ---> FeCl₂ + H₂ 

a--->2a--------->a------>a

Mg + 2HCl ---> MgCl₂ + H₂ 

b--->2b--------->b------>b

=> \(m_{HCl}=36,5.\left(2a+2b\right)=73a+73b\left(g\right)\)

=> \(m_{ddHCl}=\dfrac{73a+73b}{20\%}=365a+365b\left(g\right)\)

=> \(m_{dd\text{ }sau\text{ }phản\text{ }ứng}=365a+365b+56a+24b-2a-2b=419a+387b\left(g\right)\)

=> \(C\%_{FeCl_2}=\dfrac{127a}{419a+387b}.100\%=15,76\%\) (**)

Từ (*), (**) => \(\left\{{}\begin{matrix}a=0,5\left(mol\right)\\b=0,5\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(C\%_{MgCl_2}=\dfrac{95.0,5}{419.0,5+387.0,5}.100\%=11,8\%\)

Tham khảo link này nha https://khoahoc.vietjack.com/question/7834/hoa-tan-hoan-toan-hon-hop-x-gom-fe-va-mg-bang-motluong-vua-du-dung-dich-hcl

\(\overline{M_Y}=19,8.2=39,6\left(g/mol\right)\)

Áp dụng sơ đồ đường chéo, ta có: \(\dfrac{n_{NO_2}}{n_{NO}}=\dfrac{39,6-30}{46-39,6}=\dfrac{3}{2}\)

Mà \(n_{NO_2}+n_{NO}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{NO}=\dfrac{2}{2+3}.0,5=0,2\left(mol\right)\\n_{NO_2}=0,5-0,2=0,3\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: 

\(M+4HNO_3\rightarrow M\left(NO_3\right)_2+2NO_2+2H_2O\) (1)

\(3M+8HNO_3\rightarrow3M\left(NO_3\right)_2+2NO+4H_2O\) (2)

\(R+6HNO_3\rightarrow R\left(NO_3\right)_3+3NO_2+3H_2O\) (3)

\(R+4HNO_3\rightarrow M\left(NO_3\right)_3+NO+2H_2O\) (4)

Theo PTHH: \(n_{\left(-NO_3\right)\left(trong.muối\right)}=n_{NO_2}+3n_{NO}=0,9\left(mol\right)\)

=> \(m_{muối}=m_{KL}+m_{NO_3\left(trong.muối\right)}=9,9+0,9.62=65,7\left(g\right)\)

Chọn A

bạn ơi mình chưa hiểu lắm về đoạn nno3 trong muối = nno2+2nno ấy bạn:(

$n_{NO} = \dfrac{1,344}{22,4} = 0,06(mol)$

Coi hỗn hợp X là kim loại R có hoá trị n

$3R + 4nHNO_3 \to 3R(NO_3)_n + nNO + 2nH_2O$

Theo PTHH : 

$n_R = n_{R(NO_3)_n} = \dfrac{3}{n}.n_{NO} = \dfrac{0,18}{n}(mol)$

Suy ra:  $\dfrac{0,18}{n}.R = 3,76(1)$

$R(NO_3)_n + nNaOH \to R(OH)_n + nNaNO_3$
$n_{R(OH)_n} = n_{R(NO_3)_n} = \dfrac{0,18}{n}(mol)$

$m_{kết\ tủa} = \dfrac{0,18}{n}.(R + 17n) = \dfrac{0,18}{n}.R + 3,06(2)$

Từ (1)(2) suy ra:  $m = 3,76 + 3,06 = 6,82(gam)$

Đáp án D

Phương trình hoá học : $KOH + HCl \to KCl + H_2O$

Bảo toàn khối lượng : $m_{KOH} + m_{HCl} = m_{KCl} + m_{H_2O}$
$\Rightarrow m_{KCl} =  5,6 + 3,65 - 1,8 = 7,45(gam)$

$n_{Cu} = \dfrac{3,84}{64} = 0,06(mol)$
Bảo toàn electron : 

$Cu^0 \to Cu^{+2} + 2e$
$O_2 + 4e \to 2O^{-2}$

Bảo toàn electron : $2n_{Cu} = 4n_{O_2} \Rightarrow n_{O_2} = \dfrac{1}{2}n_{Cu} = 0,03(mol)$
$V_{O_2\ pư} = 0,03.22,4 = 0,672(lít)$

$n_{Cu} = \dfrac{3,84}{64} = 0,06(mol)$
Bảo toàn electron : 

$Cu^0 \to Cu^{+2} + 2e$
$O_2 + 4e \to 2O^{-2}$

Bảo toàn electron : $2n_{Cu} = 4n_{O_2} \Rightarrow n_{O_2} = 2n_{Cu} = 0,12(mol)$
$V_{O_2\ pư} = 0,12.22,4 = 2,688(lít)$

a)

$Mg + H_2SO_4 \to MgSO_4 + H_2$
$2Al + 3H_2SO_4 \to Al_2(SO_4)_3 + 3H_2$
$Fe + H_2SO_4 \to FeSO_4 + H_2$

$MgSO_4 + 2NaOH \to Mg(OH)_2 + Na_2SO_4$
$FeSO_4 + 2NaOH \to Fe(OH)_2 + Na_2SO_4$
$Al_2(SO_4)_3 + 8NaOH \to 2NaAlO_2 + 3Na_2SO_4 + 4H_2O$

$Mg(OH)_2 \xrightarrow{t^o} MgO + H_2O$
$4Fe(OH)_2 + O_2 \xrightarrow{t^o} 2Fe_2O_3 + 4H_2O$

b) Theo PTHH : $n_{H_2SO_4\ pư} = n_{H_2} = \dfrac{4,368}{22,4} = 0,195(mol)$
$n_{H_2SO_4\ dư} = 0,195.10\% = 0,0195(mol)$
$n_{H_2SO_4\ đã\ dùng} = 0,195 + 0,0195 = 0,2145(mol)$
$a = \dfrac{0,2145}{0,1} = 2,145M$

c) Gọi $n_{Mg} = a(mol) ; n_{Al} = b(mol) ; n_{Fe} = c(mol) \Rightarrow 24a + 27b + 56c = 4,87(1)$

Theo PTHH : $n_{H_2} = a + 1,5b +c = 0,195(2)$

Kết tủa gồm : $Mg(OH)_2(a\ mol) ; Fe(OH)_2(c\ mol)$

$\Rightarrow 58a + 90c = 7,6(3)$

Từ (1)(2)(3) suy ra a = 0,1 ; b = 0,05 ; c = 0,02

$n_{MgO} = n_{Mg} = 0,1(mol) ; n_{Fe_2O_3} = \dfrac{1}{2}n_{Fe} = 0,01(mol)$
$b = 0,1.40 + 0,01.160 = 5,6(gam)$

\(n_{KOH}=1.0,2=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=1.0,3=0,3\left(mol\right)\)

\(2KOH+H_2SO_4\rightarrow K_2SO_4+2H_2O\)

0,2             0,1

Ta thấy : \(\dfrac{0.2}{2}< \dfrac{0.3}{1}\) => KOH đủ , H2SO4 dư

\(H_2SO_4+Mg\rightarrow MgSO_4+H_2\)

   0,1                                    0,1

\(V_{H_2}=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\)

2,24l