Cho 2,7g Al tác dụng với 500ml dd H2SO4 7M a) Phương trình b) chất nào dư? Dư bao nhiêu gam C) Tính C% các chất sau phản ứng
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a) \(3CO+Fe_2O_3\xrightarrow[]{t^o}2Fe+3CO_2\)
b) \(CO+Fe_2O_3\xrightarrow[]{t^o}2FeO+CO_2\)
c) \(2C_2H_6+7O_2\xrightarrow[]{t^o}4CO_2+6H_2O\)
d) \(C_xH_y+\left(x+\dfrac{y}{4}\right)O_2\xrightarrow[]{t^o}xCO_2+\dfrac{y}{2}H_2O\)
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Fe}=x\left(mol\right)\\n_M=4x\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Gọi hoá trị của M là n
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2}=\dfrac{7,84}{22,4}=0,35\left(mol\right)\\n_{Cl_2}=\dfrac{8,4}{22,4}=0,375\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
PTHH: Fe + 2HCl ---> FeCl2 + H2
x-------------------------->x
\(2M+2nHCl\rightarrow2MCl_n+nH_2\)
4x---------------------------->2xn
=> x + 2xn = 0,35 (*)
\(2Fe+3Cl_2\xrightarrow[]{t^o}2FeCl_3\)
x----->1,5x
\(2M+nCl_2\xrightarrow[]{t^o}2MCl_n\)
4x--->2xn
=> 1,5x + 2xn = 0,375 (**)
Từ (*), (**) => \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,05\\xn=0,15\end{matrix}\right.\)
=> \(n=\dfrac{0,15}{0,05}=3\)
=> \(M_M=\dfrac{5,4}{0,05.4}=27\left(g/mol\right)\)
=> M là Al
CTHH A có dạng \(R_x\left(SO_4\right)_y\)
Mà \(\%m_R=28\%\Rightarrow\%m_{\left(=SO_4\right)}=100\%-28\%=72\%\)
Ta có: \(\dfrac{m_R}{m_{\left(=SO_4\right)}}=\dfrac{\%m_R}{\%m_{\left(=SO_4\right)}}\)
=> \(\dfrac{x.M_R}{96y}=\dfrac{28}{72}\Leftrightarrow M_R=\dfrac{112y}{x}=\dfrac{56}{3}.\dfrac{2y}{x}\left(g/mol\right)\)
Vì 2y/x là hoá trị của R nên ta có:
\(\dfrac{2y}{x}\) | 1 | 2 | 3 |
MR | \(\dfrac{56}{3}\) | \(\dfrac{112}{3}\) | 56 |
(Loại) | (Loại) | (Fe) |
=> R là Fe
Vậy A là `Fe_2(SO_4)_3`
(1) \(Cu+2H_2SO_{4\left(đ,n\right)}\rightarrow CuSO_4+SO_2\uparrow+2H_2O\)
(2) \(CuSO_4+Ba\left(NO_3\right)_2\rightarrow BaSO_4\downarrow+Cu\left(NO_3\right)_2\)
(3) \(Cu\left(NO_3\right)_2+2KOH\rightarrow Cu\left(OH\right)_2\downarrow+2KNO_3\)
(4) \(Cu\left(OH\right)_2\xrightarrow[]{t^o}CuO+H_2O\)
(5) \(CuO+CO\xrightarrow[]{t^o}Cu+CO_2\)
(6) \(Cu+2AgNO_3\rightarrow Cu\left(NO_3\right)_2+2Ag\downarrow\)
(7) \(Cu\left(NO_3\right)_2+Pb\rightarrow Pb\left(NO_3\right)_2+Cu\downarrow\)
(8) \(2Cu+O_2\xrightarrow[]{t^o}2CuO\)
(9) \(CuO+H_2SO_4\rightarrow CuSO_4+H_2O\)
(10) \(CuSO_4+BaCl_2\rightarrow BaSO_4\downarrow+CuCl_2\)
a) \(n_{CaO}=\dfrac{5,6}{56}=0,1\left(mol\right)\)
PTHH: CaO + H2O ---> Ca(OH)2
0,1---------------->0,1
Ca(OH)2 + 2HCl ---> CaCl2 + 2H2O
0,1-------->0,2
=> \(C_{M\left(Ca\left(OH\right)_2\right)}=\dfrac{0,1}{0,5}=0,2M\)
b) \(m_{ddHCl}=\dfrac{0,2.36,5}{3,65\%}=200\left(g\right)\)
\(HNO_3\left\{{}\begin{matrix}\%m_H=\dfrac{1}{63}.100\%=1,59\%\\\%m_N=\dfrac{14}{63}.100\%=22,22\%\\\%m_O=\left(100-1,59-22,22\right)\%=76,19\%\end{matrix}\right.\)
\(Ca\left(OH\right)_2\left\{{}\begin{matrix}\%m_{Ca}=\dfrac{40}{74}.100\%=54,05\%\\\%m_O=\dfrac{16.2}{74}.100\%=43,24\%\\\%m_H=\left(100-54,05-43,24\right)\%=2,71\%\end{matrix}\right.\)
\(Zn\left(NO_3\right)_2\left\{{}\begin{matrix}\%m_{Zn}=\dfrac{65}{189}.100\%=34,39\%\\\%m_N=\dfrac{14.2}{189}.100\%=12,81\%\\\%m_O=100\%-34,39\%-12,81\%=52,8\%\end{matrix}\right.\)
- Trích một ít các chất làm mẫu thử, đánh số thứ tự:
- Cho dd HCl vào các mẫu thử, rồi thêm dd NaOH dư vào dd vừa thu được, nếu thấy:
+ Mẫu thử có kết tủa keo trắng xuất hiện, sau đó tan: `Al_2O_3`
`Al_2O_3 + 6HCl -> 2AlCl_3 + 3H_2O`
`AlCl_3 + 3NaOH -> Al(OH)_3 + 3NaCl`
`Al(OH)_3 + NaOH -> NaAlO_2 + 2H_2O`
+ Mẫu thử có kết tủa trắng xuất hiện: `MgO`
`MgO + 2HCl -> MgCl_2 + H_2O`
`MgCl_2 + 2NaOH -> Mg(OH)_2 + 2NaCl`
+ Mẫu thử có kết tủa màu nâu đỏ xuất hiện: `Fe_2O_3`
`Fe_2O_3 + 6HCl -> 2FeCl_3 + 3H_2O`
`FeCl_3 + 3NaOH -> Fe(OH)_3 + 3NaCl`
+ Mẫu thử có kết tủa xanh trắng xuất hiện, sau đó hoá nâu đỏ ngoài không khí: `FeO`
`FeO + 2HCl -> FeCl_2 + H_2O`
`FeCl_2 + 2NaOH -> Fe(OH)_2 + 2NaCl`
+ Mẫu thử có kết tủa xanh lơ xuất hiện: `CuO`
`CuO + 2HCl -> CuCl_2 + H_2O`
`CuCl_2 + 2NaOH -> Cu(OH)_2 + 2NaCl`
a) $2Al + 3H_2SO_4 \to Al_2(SO_4)_3 + 3H_2$
b) $n_{Al} = \dfrac{2,7}{27} = 0,1(mol) ; n_{H_2SO_4} = 0,5.7 = 3,5(mol)$
Ta thấy :
$n_{Al} : 2 < n_{H_2SO_4} : 3$ nên $H_2SO_4$ dư
$n_{H_2SO_4\ pư} = \dfrac{3}{2}n_{Al} = 0,15(mol)$
$m_{H_2SO_4\ dư} = (3,5 - 0,15).98 = 328,3(gam)$
c) Vì đề không cho $m_{dung\ dịch\ H_2SO_4}$ nên tính $C_M$ :
$n_{Al_2(SO_4)_3} = \dfrac{1}{2}n_{Al} = 0,05(mol)$
$C_{M_{Al_2(SO_4)_3}} = \dfrac{0,05}{0,5} = 0,1M$
$C_{M_{H_2SO_4}} = \dfrac{3,5 - 0,15}{0,5} = 6,7M$