$Fe_2O_3 + 6HCl \to 2FeCl_3 + 3H_2O$
$FeO + 2HCl \to FeCl_2 + H_2O$
$Fe_3O_4 + 8HCl \to FeCl_2 + 2FeCl_3 + 4H_2O$

Theo PTHH : $n_{H_2O} = \dfrac{1}{2}n_{HCl} = 0,7(mol)$

Gọi $n_{FeCl_3} = a(mol) ; n_{FeCl_2} = b(mol)$

Ta có : 

$n_{HCl} = 3n_{FeCl_3} + 2n_{FeCl_2} =3a + 2b = 1,4(mol)$
$m_{muối} = 162,5a + 127b = 39,2 + 1,4.36,5 - 0,7.18 = 77,7$

Suy ra : $a = 0,4 ; b = 0,1$

$m_{FeCl_3} = 0,4.162,5 = 65(gam)$

Quy đổi hỗn hợp \(\left\{{}\begin{matrix}Fe_2O_3\\FeO\\Fe_3O_4\end{matrix}\right.\) thành \(\left\{{}\begin{matrix}FeO:x\left(mol\right)\\Fe_2O_3:y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> 72x + 160y = 39,2 (*)

PTHH: \(FeO+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

             x------>2x------->x

            \(Fe_2O_3+6HCl\rightarrow2FeCl_3+3H_2O\)

              y------->6y--------->2y

=> 2x + 6y = 1,4 (**)

Từ (*), (**) => x = 0,1; y = 0,2

=> \(m_{FeCl_3}=2.0,2.162,5=65\left(g\right)\)

a) $n_{HCl} = \dfrac{109,5.10\%}{36,5} = 0,3(mol)$
$Mg + 2HCl \to MgCl_2 + H_2$

Theo PTHH : 

$n_{Mg} = n_{H_2} = \dfrac{1}{2}n_{HCl} = 0,15(mol)$
$m_{Mg} = 0,15.24 = 3,6(gam)$
b) $V_{H_2} = 0,15.22,4 = 3,36(lít)$

c) $m_{dd\ sau\ pư} = m_{Mg} + m_{dd\ HCl} - m_{H_2} = 3,6 + 109,5 - 0,15.2 = 112,8(gam)$
d) $C\%_{MgCl_2} = \dfrac{0,15.95}{112,8}.100\% = 12,63\%$

a)

Số electron = Số proton = 26

Điện tích dương là +26

Điện tích âm là -26

b)

Số electron = Số proton = 29

Điện tích dương là +29

Điện tích âm là -29

c) 

Số electron = Số proton = 7

Điện tích dương là +7

Điện tích âm là -7

Mình cảm ơn nha

\(X\left\{{}\begin{matrix}CuO\\FeO\\Fe_3O_4\end{matrix}\right.\xrightarrow[\text{dư}]{+CO}CO_2:0,14\left(mol\right)\)

\(CO_2\xrightarrow[]{+Ba\left(OH\right)_2}\left\{{}\begin{matrix}BaCO_3:0,06\left(mol\right)\\ddY-Ba\left(HCO_3\right)_2\end{matrix}\right.\)

dd Y: \(Ba\left(HCO_3\right)_2\text{ }^{\underrightarrow{t^\circ}}BaCO_3+CO_2+H_2O\)

            0,04        ←    0,04

\(n_{CO_2}=0,06+0,04\cdot2=0,14\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{O_{oxit}}=0,14\left(mol\right)\)

\(X\left\{{}\begin{matrix}CuO\\FeO\\Fe_3O_4\end{matrix}\right.\xrightarrow[]{+H_2SO_4l}m\left(g\right)\text{muối}\)

\(\Rightarrow m_{KL}=m_{Oxit}-m_{O_{oxit}}=9,12-0,14\cdot16=6,88\left(g\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=n_{O_{oxit}}\)

\(m=m_{KL}+m_{\text{gốc }=SO_4}=20,32\left(g\right)\)

\(\Rightarrow4,56gX\Rightarrow m=\dfrac{20,32}{2}=10,16\left(g\right)\)

$CO_2 + Ba(OH)_2 \to BaCO_3 + H_2O(1)$
$2CO_2 + Ba(OH)_2 \to Ba(HCO_3)_2(2)$
$Ba(HCO_3)_2 \xrightarrow{t^o} BaCO_3 + CO_2 + H_2O(3)$

$n_{CO_2(1)} = n_{BaCO_3(1)} = \dfrac{11,94}{197} = 0,06(mol)$

$n_{Ba(HCO_3)_2} = n_{BaCO_3(2)} = \dfrac{7,88}{197} = 0,04(mol)$
$n_{CO_2(2)} = 2n_{Ba(HCO_3)_2} = 0,08(mol)$
$\Rightarrow n_{CO_2} = 0,06 + 0,08 = 0,14(mol)$

Coi X là $R_2O_n$
$R_2O_n + nCO \xrightarrow{t^o} 2R + nCO_2$
$n_{R_2O_n} = \dfrac{1}{n}.n_{CO_2} = \dfrac{0,14}{n}(mol)$

Trong 4,56 gam X  :$n_{R_2O_n} = \dfrac{0,07}{n}(mol)$
$R_2O_n + nH_2SO_4 \to R_2(SO_4)_n + nH_2O$
Theo PTHH : 

$n_{H_2O} = n_{H_2SO_4} = n.n_{R_2O_n} = 0,07(mol)$
Bảo toàn khối lượng : $m_{muối} = 4,56 + 0,07.98 - 0,07.18 = 10,16(gam)$

Gọi $n_{Ca} = a(mol) ; n_{Mg} = b(mol) \Rightarrow 40a + 24b = 8,8(1)$
$Ca + H_2SO_4 \to CaSO_4 + H_2$
$Mg + H_2SO_4 \to MgSO_4 + H_2$
Theo PTHH : $n_{CaSO_4} = a(mol) ; n_{MgSO_4} = b(mol)$
$\Rightarrow 136a + 120b = 37,6(2)$

Từ (1)(2) suy ra : a = 0,1 ; b = 0,2

$\%m_{Ca} = \dfrac{0,1.40}{8,8}.100\% = 45,45\%$

$\%m_{Mg} =1 00\% - 45,45\% = 54,55\%$

câu 1 :m CaO =3,1.\(\dfrac{3}{2}\)=2,06tấn   

           m MgO =1,04 tấn

câu 3

1. 2Mg + O₂ -to->2MgO

2. 2FeS +\(\dfrac{7}{2}\) O₂ --> Fe₂O₃ + 2SO₂

3. 2P +5 H₂SO₄ --> P2O5 +5 SO₂ + 5H₂O

4. Ca(OH)2 + 2HBr --> CaBr2 + 2H2O

5 C + 2H₂SO₄ --> CO₂ + 2SO₂ + 2H₂O

6, 2Al (OH)₃ + 6HNO₃ --> 2Al(NO₃)₃ + 3H₂O

bài 2 

2H2+O2->2H2O

có 40 phân tử nước cần 80 phân tử H2, 40 phân tử oxi

Gọi n là hoá trị của X

$X_2 + nH_2 \xrightarrow{t^o} 2H_nX$

Theo PTHH : 

$2n_{X_2} = n_{H_nX} \Rightarrow 2.\dfrac{2,8}{2X} = \dfrac{3,4}{n + X}$
$\Rightarrow X = \dfrac{14}{3}n$

Với n = 3 thì X = 14$
Vậy X là Nito

Gọi hoá trị của R là n

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_R=\dfrac{10,8}{M_R}\left(mol\right)\\n_{RCl_n}=\dfrac{53,4}{M_R+35,5n}\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: \(2R+nCl_2\xrightarrow[]{t^o}2RCl_n\)

Theo PT: \(n_R=n_{RCl_n}\)

=> \(\dfrac{10,8}{M_R}=\dfrac{53,4}{M_R+35,5n}\)

=> M_R = 9n (g/mol)

n = 3 => M_R = 27 (g/mol)

=> R là Al

\(2R+nCl_2\rightarrow2RCl_n\)

Di chuyển số mol, ta thấy: \(n_R=n_{\text{muối}}\).

Lập phương trình:

\(\dfrac{10,8}{R}=\dfrac{53,4}{R+35,5n}\Rightarrow R=9n\)

\(\Rightarrow n=3;R=27\Rightarrow Al\)

Vậy R là kim loại nhôm.

Tại thời điểm khối lượng 36,51 gam là lượng kết tủa lớn nhất gồm Al(OH)₃, BaSO₄. Còn tại thời điểm 34,95 gam là lượng kết tủa chỉ gồm có BaSO₄.

PTHH: \(Na_2SO_4+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow BaSO_4\downarrow+2NaOH\)

            \(Al_2\left(SO_4\right)_3+3Ba\left(OH\right)_2\rightarrow2Al\left(OH\right)_3\downarrow+3BaSO_4\downarrow\)

            \(2Al\left(OH\right)_3+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow Ba\left(AlO_2\right)_2+4H_2O\)

\(n_{BaSO_4}=\dfrac{34,95}{233}=0,15\left(mol\right)\\ n_{Al\left(OH\right)_3}=\dfrac{36,51-34,95}{78}=0,02\left(mol\right)\)

BTNT Al: \(b=n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{1}{2}n_{Al\left(OH\right)_3}=0,01\left(mol\right)\)

BT =SO₄: \(a=n_{Na_2SO_4}=n_{BaSO_4}-3n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,12\)

CO2+Na2O->Na2CO3

=>Pt tụ cân bằng