Gọi \(S_{Fe_2\left(SO_4\right)_3\left(t^oC\right)}=x\left(g\right)\)

`=>` \(\dfrac{x}{100+x}.100\%=18,54\%\)

`=> x = 22,76(g)`

Ta có: \(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{20}{160}=0,125\left(mol\right)\)

PTHH: \(Fe_2O_3+3H_2SO_4\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)

            0,125----->0,375----->0,125

`=>` \(m_{ddH_2SO_4}=\dfrac{0,375.98}{24,5\%}=150\left(g\right)\)

`=>` \(m_{dd\text{ }sau\text{ }khi\text{ }làm\text{ }lạnh}=150+20-35,125=134,875\left(g\right)\)

`=>` \(m_{Fe_2\left(SO_4\right)_3\left(còn\text{ }lại\right)}=\dfrac{134,875.18,54}{100}=25\left(g\right)\)

`=>` \(n_{Fe_2\left(SO_4\right)_3\left(trong\text{ }tinh\text{ }thể\right)}=0,125-\dfrac{25}{400}=0,0625\left(mol\right)\)

Gọi CTHH của tinh thể Y là \(Fe_2\left(SO_4\right)_3.nH_2O\)

`=>` \(n_{Fe_2\left(SO_4\right)_3.nH_2O}=n_{Fe_2\left(SO_4\right)_3\left(trong\text{ }tinh\text{ }thể\right)}=0,0625\left(mol\right)\)

`=>` \(M_{Fe_2\left(SO_4\right)_3.nH_2O}=\dfrac{35,125}{0,0625}=562\left(g/mol\right)\)

`=>` \(n=\dfrac{562-400}{18}=9\)

Vậy CTHH của tinh thể muối ngậm nước Y là Fe₂(SO₄)₃.9H₂O

Quang chăm dữ nhỉ

\(X+2HCl\rightarrow XCl_2+H_2\)

12/X                33,3/(71+X)

=>\(\dfrac{12}{X}=\dfrac{33.3}{71+X}\)

=>12X+852=33,3X

=>-21,3X=-852

=>X=40

=>X là Canxi

Gọi CTPT của Y là \(C_xH_yO_z\)

Ta có: \(n_{O_2}=\dfrac{4}{32}=0,125\left(mol\right)\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=x\left(mol\right)\\n_{H_2O}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\Rightarrow x:y=2:1\left(1\right)\)

Theo ĐLBTKL: \(m_Y+m_{O_2}=m_{CO_2}+m_{H_2O}\)

`=>` \(m_{CO_2}+m_{H_2O}=4+3,95=7,95\left(g\right)\)

`=> 44x + 18y = 7,95 (2)`

Từ `(1), (2) =>` \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,15\left(mol\right)\\y=0,075\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) `=>` \(\left\{{}\begin{matrix}n_C=0,15\left(mol\right)\\n_H=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\xrightarrow[]{\text{BTNT O}}n_{O\left(Y\right)}+2n_{O_2}=2n_{CO_2}+n_{H_2O}\)

`=>` \(n_{O\left(Y\right)}=2.0,15+0,075-0,125.2=0,125\left(mol\right)\)

`=>` \(x:y:z=0,15:0,15:0,125=6:6:5\)

Do Y có CTPT trùng với CTĐGN `=>` CTPT của Y là `C_6H_6O_5`

Mà Y phản ứng với NaOH với tỉ lệ mol 1 : 2

`=>` Y là este 2 chức và có gốc ancol tạo thành tử etylen glicol

`=>` CTCT của Y là \(HOOC-C\equiv C-COOC_2H_4OH\)

`=>` X là \(HOOC-C\equiv C-COOH\)

`- A` đúng vì `6 + 2 = 8`

`- B` sai do X có chứa liên kết \(C\equiv C\) nên không có đồng phân hình học

`- C` đúng vì trong CTCT của Y không có gốc \(-CHO\)

`- D` đúng vì có liên kết \(C\equiv C\) trong CTCT

Bai nay lam gi co trong lop 1 :))??

Cai nay cho len lop 11 moi dung :))

4 phân tử CaO

Cách viết sau chỉ: 4 "phân tử" caxi oxit.

Câu 36:

a) Gọi số p, n, e của phân tử X lần lượt là p, n, e

                          của nguyên tử A lần lượt là p_A, n_A, e_A

                          của nguyên tử B lần lượt là p_B, n_B, e_B 

Theo bài ra, ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}p+n+e=96\\p-n+e=32\\p=e\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}p=e=32\\n=32\end{matrix}\right.\)

Mặt khác, ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}p_A+e_A=2.\left(p_B+e_B\right)\\p_A=e_A\\p_B=e_B\\p_A+2p_B=32\end{matrix}\right.\)

`<=>` \(\left\{{}\begin{matrix}p_A=e_A=16\\p_B=e_B=8\end{matrix}\right.\)

`=>` A là S, B là O

CTHH là SO₂

b) \(\%m_S=\dfrac{32}{64}.100\%=50\%\)

Gọi hoá trị của S trong SO₂ là a

Theo quy tắc hoá trị, ta có:

a.1 = 2.II

=> a = IV

Vậy S có hoá trị IV trong SO₂ 

Câu 37:

a) Giả sử có 1 mol D `=> m_D = 400 (g)`

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}m_{Fe}=\dfrac{28.400}{100}=112\left(g\right)\\m_S=\dfrac{24.400}{100}=96\left(g\right)\\m_O=400-112-96=192\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Fe}=\dfrac{112}{56}=2\left(mol\right)\\n_S=\dfrac{96}{32}=3\left(mol\right)\\n_O=\dfrac{192}{16}=12\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Vậy CTHH của D là `Fe_2S_3O_{12}` hay `Fe_2(SO_4)_3`

b) \(M_X=90.2=180\left(g/mol\right)\)

Giả sử có 1 mol X `=> m_X = 180 (g)`

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}m_C=\dfrac{40.180}{100}=72\left(g\right)\\m_H=\dfrac{6,67.180}{100}=12\left(g\right)\\m_O=180-12-72=96\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}n_C=\dfrac{72}{12}=6\left(mol\right)\\n_H=\dfrac{12}{1}=12\left(mol\right)\\n_O=\dfrac{96}{16}=6\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` CTPT của X là `C_6H_{12}O_6`

1. \(n_{CaCl_2}=0,2.2=0,4\left(mol\right)\)

PTHH: \(CaCl_2+2AgNO_3\rightarrow2AgCl\downarrow+Ca\left(NO_3\right)_2\)

               0,4------------------->0,8

`=>` \(m_{AgCl}=0,8.143,5=114,8\left(g\right)\)

2. \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CuCl_2}=\dfrac{270.10\%}{135}=0,2\left(mol\right)\\n_{NaOH}=\dfrac{50.16\%}{40}=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH:                  \(CuCl_2+2NaOH\rightarrow Cu\left(OH\right)_2\downarrow+2NaCl\)

ban đầu                 0,2           0,2

phản ứng               0,1<------0,2

sau phản ứng         0,1          0                  0,1               0,2

m_{dd sau phản ứng} = 270 + 50 - 0,1.98 = 310,2 (g)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}C\%_{CuCl_2}=\dfrac{0,1.135}{310,2}.100\%=4,352\%\\C\%_{NaCl}=\dfrac{0,2.58,5}{310,2}.100\%=3,772\%\\\end{matrix}\right.\)

`1)` Ta có: \(\%m_H=100\%-87,5\%=12,5\%\)

Gọi CTHH của hợp chất là Si_xO_y 

`=>` \(\dfrac{m_{Si}}{m_H}=\dfrac{\%m_{Si}}{\%m_H}\)

`=>` \(\dfrac{28x}{16y}=\dfrac{87,5}{12,5}\)

`=>` \(\dfrac{x}{y}=\dfrac{87,5}{12,5}.\dfrac{1}{28}=\dfrac{1}{4}\)

`=>` CTHH của hợp chất là `SiH_4`

`2)` Gọi hoá trị của Si là a

Theo quy tắc hoá trị, ta có:

`1.a = 4.I`

`=> a = IV`

Vậy hoá trị của Si trong hợp chất là `IV`

a) \(Cu+2AgNO_3\rightarrow Cu\left(NO_3\right)_2+2Ag\downarrow\)

b) \(2Mg+O_2\xrightarrow[]{t^o}2MgO\)

c) \(2Na+2H_2O\rightarrow2NaOH+H_2\)

d) \(C+CO_2\xrightarrow[]{t^o}2CO\)

e) \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

f) \(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)

g) \(4P+5O_2\xrightarrow[]{t^o}2P_2O_5\)

h) \(2Na+Cl_2\xrightarrow[]{t^o}2NaCl\)

lỗi r-.-

a) 

CaO \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_O=\dfrac{16}{56}.100\%=28,57\%\\\%m_{Ca}=100\%-28,57\%=71,43\%\end{matrix}\right.\)

H₂SO₄ \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_H=\dfrac{2}{98}.100\%=2,04\%\\\%m_S=\dfrac{32}{98}.100\%=32,65\%\\\%m_O=100\%-32,65\%-2,04\%=65,31\%\end{matrix}\right.\)

b) \(n_O=\dfrac{6,02.10^{23}}{6,02.10^{23}}=1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_O=1.16=16\left(g\right)\)

c) \(n_{CaCO_3}=\dfrac{6,02.10^{23}}{6.02.10^{23}}=1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CaCO_3}=1.100=100\left(g\right)\)

Phân tử gồm 1X và 4H

Phân tử khối của hợp chất trên : X + 4 = 16.

Nguyên tử khối của X = 16 - 4 = 12đvC

Vậy X là nguyên tố cacbon : C