1. - Khí E gồm H₂S và H₂.

Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2S}=x\left(mol\right)\\n_{H_2}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow x+y=\dfrac{4,958}{24,79}=0,2\left(mol\right)\left(1\right)\)

Theo đề, có: 34x + 2y = 9.2.0,2 (2)

Từ (1) và (2) ⇒ x = y = 0,1 (mol)

- Phần không tan trong dd HCl là S dư. 

⇒ n_S (dư) = 0,05 (mol)

Vậy: B gồm FeS, Fe dư và S dư.

PT: \(FeS+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2S\)

___0,1______0,2____0,1_____0,1 (mol)

\(Fe_{\left(dư\right)}+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

0,1______0,2______0,1____0,1 (mol)

BTNT Fe, có: \(n_{Fe}=n_{FeS}+n_{Fe\left(dư\right)}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow a=m_{Fe}=0,2.56=11,2\left(g\right)\)

BTNT S, có: \(n_S=n_{FeS}+n_{S\left(dư\right)}=0,15\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow b=0,15.32=4,8\left(g\right)\)

2. - Dung dịch D gồm FeCl₂ và HCl dư.

Theo PT: \(n_{HCl\left(pư\right)}=0,4\left(mol\right)\) \(\Rightarrow n_{HCl\left(dư\right)}=0,5-0,4=0,1\left(mol\right)\)

\(n_{FeCl_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C_{M_{HCl\left(dư\right)}}=\dfrac{0,1}{0,5}=0,2\left(M\right)\\C_{M_{FeCl_2}}=\dfrac{0,2}{0,5}=0,4\left(M\right)\end{matrix}\right.\)

Mấy câu này em làm được nma dài nên em khá lười làm mấy câu này lắm, trước thì vẫn chịu khó làm mấy câu này

\(2Ca+O_2\underrightarrow{t^o}2CaO\)

\(CaO+H_2O\rightarrow Ca\left(OH\right)_2\)

\(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_{3\downarrow}+H_2O\)

Gọi CTHH của B là N_xO_y

\(\Rightarrow x:y=\dfrac{63,3}{14}:\dfrac{36,7}{16}=2:1\)

⇒ CTHH của B có dạng (N₂O)_n

Có: \(M_B=1,517.29\approx44\left(g/mol\right)\)

\(\Rightarrow n=\dfrac{44}{14.2+16}=1\)

Vậy: CTHH của B là N₂O.

\(M_B=1,517.29=44\left(g/mol\right)\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}m_N=63,3\%.44=28\left(g\right)\\m_O=44-28=16\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}n_N=\dfrac{28}{14}=2\left(mol\right)\\n_O=\dfrac{16}{16}=1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` CTHH của B là `N_2O`

Ta có: \(n_{Na}=\dfrac{11,5}{23}=0,5\left(mol\right)\)

PT: \(2Na+2H_2O\rightarrow2NaOH+H_2\)

____0,5______________0,5____0,25 (mol)

Ta có: m _{dd sau pư} = 11,5 + 200 -  0,25.2 = 211 (g)

\(\Rightarrow C\%_{NaOH}=\dfrac{0,5.40}{211}.100\%\approx9,48\%\)

`n_{Na} = (11,5)/(23) = 0,5 (mol)`

PTHH: `2Na + 2H_2O -> 2NaOH + H_2`

Theo PT: `n_{H_2} = 1/2 n_{Na} = 0,25 (mol)`

`=> m_{dd} = 11,5 + 200 - 0,25.2 = 211 (g)`

Theo PT: `n_{NaOH} = n_{Na} = 0,5 (mol)`

`=> C\%_{NaOH} = (0,5.40)/(211) .100\%  = 9,48\%`

\(ZnO+H_2SO_{4\left(đặc,nóng\right)}\rightarrow ZnSO_4+H_2O\\ Zn+2H_2SO_4\rightarrow ZnSO_4+SO_2+2H_2O\\ n_{SO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\\ n_{Zn}=n_{SO_2}=0,2\left(mol\right)\\ m_{Zn}=0,2.65=13\left(g\right)\\\%m_{Zn}=\dfrac{13}{25}.100=52\%\\ \%m_{ZnO}=100\%-52\%=48\%\\ n_{H_2SO_4}=2.n_{Zn}=2.0,2=0,4\left(mol\right)\\ m_{ddH_2SO_4}=\dfrac{0,4.98.100}{70}=56\left(g\right) \)

Số mol Al gọi là x, số mol Mg sẽ là 2x (x>0)

Ta có: 

\(m_{Al}+m_{Mg}=7,5\left(g\right)\\ \Leftrightarrow27x+24.2.x=7,5\\ \Leftrightarrow x=0,1\left(mol\right)\left(TM\right)\)

Vậy hhX: 0,1(mol) Al và 0,2 (mol) Mg

\(2Al+6H_2SO_{4\left(đặc,nóng\right)}\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3SO_2+6H_2O\\ Mg+2H_2SO_{4\left(đặc,nóng\right)}\rightarrow MgSO_4+SO_2+2H_2O\\ n_{SO_2}=\dfrac{3}{2}.n_{Al}+n_{Mg}=\dfrac{3}{2}.0,1+0,2=0,35\left(mol\right)\\ V=V_{SO_2\left(đktc\right)}=0,35.22,4=8,4\left(l\right)\)

Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{NO}=x\left(mol\right)\\n_{N_2O}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow x+y=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\left(1\right)\)

Có: \(30x+44y=16,4.2.0,25\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,2\left(mol\right)\\y=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Ta có: \(n_{HNO_3}=0,95.1,5=1,425\left(mol\right)\)

Mà: \(n_{HNO_3}=4n_{NO}+10n_{N_2O}+10n_{NH_4NO_3}\)

\(\Rightarrow n_{NH_4NO_3}=0,0125\left(mol\right)\)

⇒ m _NO3^- = 3n_NO + 8n_N2O + 8n_NH4NO3 = 1,1 (mol)

⇒ m _muối = m_KL + m _NO3^- + m_NH4NO3 = 29 + 1,1.62 + 0,0125.80 = 98,2 (g)

Bài 1:

`a) Fe_2O_3`

`b) AlCl_3`

`c) N_2O_5`

`d) Na_2CO_3`

Bài 2:

`a) Na_2O + H_2O -> 2NaOH`

`b) Al_2O_3 + 6HCl -> 2AlCl_3 + 3H_2O`

`c) CH_4 + 2O_2 -> (t^o) CO_2 + 2H_2O`

`d) 3Ca(OH)_2 + FeCl_3 -> 3CaCl_2 + 2Fe(OH)_3`

Câu 3:

`a) n_{CO_2} = (4,4)/(44) = 0,1 (mol)`

`b) n_{N_2} = (4,48)/(22,4) = 0,2 (mol)`

`c) n_{KNO_3} = 0,5.2 = 1 (mol) => m_{KNO_3} = 1.101 = 101 (g)`

`Câu 4:

`a) n_{Zn} = (6,5)/(65) =0,1 (mol)`\

`Zn + 2HCl -> ZnCl_2 + H_2`

`Theo PT: `n_{H_2} = n_{Zn} = 0,1 (mol)`

`=> V_{H_2} = 0,1.22,4 = 2,24 (l)`

`b)` Theo PT: `n_{HCl} = 2n_{Zn} = 0,2 (mol)`

`=> m_{HCl} = 0,2.36,5 = 7,3 (g)`

`c) m_{ddHCl} = 1,2.100 = 120 (g)`

`=> C\%_{HCl} = (7,3)/(120) .100\% = 6,08333\%`

câu 1

a)Fe₂O₃

b) AlCl₃

c) N₂O₅

d) Na₂CO₃

Câu 2

Na₂O+H₂O->2NaOH

Al₂O₃+6HCl->2AlCl₃+3H₂O

CH₄+2O₂-to>CO₂+2H₂O

3Ca(OH)₂+2FeCl₃->2Fe(OH)₃+3CaCl₂

Ta có: \(n_{Mg}=\dfrac{1,68}{24}=0,07\left(mol\right)\)

\(n_{NO}=\dfrac{0,448}{22,4}=0,02\left(mol\right)\)

Theo ĐLBT mol e, có: \(2n_{Mg}=3n_{NO}+8n_{NH_4NO_3}\)

\(\Rightarrow n_{NH_4NO_3}=0,01\left(mol\right)\)

BTNT Mg, có: \(n_{Mg\left(NO_3\right)_2}=n_{Mg}=0,07\left(mol\right)\)

⇒ m _muối = m_Mg(NO3)2 + m_NH4NO3 = 0,07.148 + 0,01.80 = 11,16 (g)

BTNT N, có: \(n_{HNO_3}=2n_{Mg\left(NO_3\right)_2}+n_{NO}+2n_{NH_4NO_3}=0,18\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow a=C_{M_{HNO_3}}=\dfrac{0,18}{0,5}=0,36\left(M\right)\)

 n _NO =\(\dfrac{0,448}{22,4}\)= 0,02 (mol) ; nMg= \(\dfrac{1,68}{24}\)= 0,07 (mol)

=>NO không phải sản phẩm khử duy nhất => sẽ có NH4NO₃

nNH₄NO₃=\(\dfrac{0,07.2-0,02.3}{8}=0,01mol\)

->n HNO₃=4nNO +10nNH₄NO₃

                 =4.0,02+10,10=0,18 mol

=>CM_HNO3=\(\dfrac{0,18}{0,5}=0,36M\)

=>m muối= m Mg(NO₃)₂+n NH₄NO₃

                =0,01.80 +0,07.148 =11,16g

`4P + 5O_2` $\xrightarrow{t^o}$ `2P_2 O_5`

`0,2`   `0,25`              `0,1`          `(mol)`

`a)n_P=[6,2]/31=0,2(mol)`

`n_[O_2]=[7,84]/[22,4]=0,35(mol)`

Có: `[0,2]/4 < [0,35]/5->O_2` dư

`n_[O_2(dư)]=0,35-0,25=0,1(mol)`

`b)m_[P_2 O_5]=0,1.142=14,2(g)`

a, Ta có: \(n_P=\dfrac{6,2}{31}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{7,84}{22,4}=0,35\left(mol\right)\)

PT: \(4P+5O_2\underrightarrow{t^o}2P_2O_5\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{4}< \dfrac{0,35}{5}\), ta được O₂ dư.

Theo PT: \(n_{O_2\left(pư\right)}=\dfrac{5}{4}n_P=0,25\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{O_2\left(dư\right)}=0,35-0,25=0,1\left(mol\right)\)

b, Theo PT: \(n_{P_2O_5}=\dfrac{1}{2}n_P=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{P_2O_5}=0,1.142=14,2\left(g\right)\)