Cho đường tròn (O;R) và một điểm À nằm bên ngoài đường tròn với OA=3R.Qua À vẽ hai tiếp tuyến AB, AC để đường tròn (O) (B, C là hai tiếp điểm) a) Chứng minh tứ giác APOS nội tiếp b) Kẻ đường kính CD của (O). Chứng minhBD//OA. c) Kẻ dây BN của (O) song song với AC, AN cắt (O) ở M. Chứng minh MC²=MA.MB d) Gọi F là giao điểm của BN với CD. Tính the R diện tích của tam giác BCF
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a) Diện tích xung quanh bể:
(1 + 0,6) × 2 × 0,8 = 2,56 (m²)
b) Diện tích đáy bể:
1 × 0,6 = 0,6 (m²)
Diện tích kính làm bể:
2,56 + 0,6 = 3,12 (m²)
a: Xét ΔABM và ΔACM có
AB=AC
BM=CM
AM chung
Do đó: ΔABM=ΔACM
Có 3 SCP được tạo từ 3 chữ số nói trên là 169, 196 và 961
Do đó xác suất tạo thành SCP là: \(\dfrac{3}{3!}=\dfrac{1}{2}\)
Gọi giá của mỗi ly kem ban đầu là x ngàn đồng (x>10)
Giá của mỗi ly kem kể từ ly thứ 10 là: \(x-10\) (ngàn đồng)
Giá tiền của 40 ly kem chưa tính khuyến mãi 20% là:
\(9x+31.\left(x-10\right)=40x-310\) (ngàn đồng)
Giá tiền sau khi giảm 20% trên hóa đơn là:
\(\left(40x-310\right).\left(100\%-20\%\right)=0,8.\left(40x-310\right)\)
Do lớp 9A phải trả 712 ngàn đồng nên ta có pt:
\(0,8\left(40x-310\right)=712\)
\(\Rightarrow x=30\) (ngàn đồng)
Vậy mỗi ly kem ban đầu có giá 30000 đồng
Ở câu b, đề là \(\widehat{ADF}+\) cái gì \(=90^0\) độ em ha?
Câu a chắc em nhầm đề, ko có điểm S và P nào (chắc là ABOC) nhưng câu này đơn giản em có thể tự chứng minh
b.
Gọi H là giao điểm OA và BC
Ta có: \(AB=AC\) (t/c hai tiếp tuyến cắt nhau) và \(OB=OC=R\)
\(\Rightarrow OA\) là trung trực của BC \(\Rightarrow OA\perp BC\) tại H và H là trung điểm BC
Lại có CD là đường kính \(\Rightarrow\widehat{CBD}=90^0\) (góc nt chắn nửa đường tròn)
\(\Rightarrow BD\perp CD\)
\(\Rightarrow BD||OA\) (cùng vuông góc CD)
c.
Ta có BN song song AC \(\Rightarrow\widehat{BNM}=\widehat{MAC}\) (so le trong)
Mà \(\widehat{BNM}=\widehat{MCB}\) (cùng chắn BM)
\(\Rightarrow\widehat{MAC}=\widehat{MCB}\)
Xét hai tam giác MAC và MCB có:
\(\left\{{}\begin{matrix}\widehat{MAC}=\widehat{MCB}\left(cmt\right)\\\widehat{MCA}=\widehat{MBC}\left(\text{cùng chắn CM}\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\Delta MAC\sim\Delta MCB\left(g.g\right)\)
\(\Rightarrow\dfrac{MC}{MB}=\dfrac{MA}{MC}\Rightarrow MC^2=MA.MB\)
d.
Do AC là tiếp tuyến \(\Rightarrow AC\perp OC\) hay \(AC\perp CF\)
Mà \(AC||BN\left(gt\right)\Rightarrow BN\perp CF\Rightarrow\Delta BCF\) vuông tại F
Xét hai tam giác COH và CBF có:
\(\left\{{}\begin{matrix}\widehat{HCO}-chung\\\widehat{COH}=\widehat{CBF}=90^0\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\Delta CBF\sim\Delta COH\) theo tỉ số đồng dạng \(k=\dfrac{BC}{OC}\)
\(\Rightarrow S_{BCF}=S_{COH}.k^2\)
Trong tam giác vuông OAB: \(cos\widehat{BOA}=\dfrac{OB}{OA}=\dfrac{R}{3R}=\dfrac{1}{3}\)
Trong tam giác vuông OBH: \(cos\widehat{BOH}=cos\widehat{BOA}=\dfrac{OH}{OB}\)
\(\Rightarrow OH=OB.cos\widehat{BOA}=R.\dfrac{1}{3}=\dfrac{R}{3}\)
\(\Rightarrow BH=\sqrt{OB^2-OH^2}=\sqrt{R^2-\left(\dfrac{R}{3}\right)^2}=\dfrac{2R\sqrt{2}}{3}=CH\)
\(\Rightarrow BC=2BH=\dfrac{4R\sqrt{2}}{3}\)
\(\Rightarrow S_{BCF}=\dfrac{1}{2}.OH.CH.\left(\dfrac{BC}{OC}\right)^2=\dfrac{1}{2}.\dfrac{R}{3}.\dfrac{2R\sqrt{2}}{3}.\left(\dfrac{\dfrac{4R\sqrt{2}}{3}}{R}\right)^2=\dfrac{32R^2\sqrt{2}}{81}\)