a) PTHH: \(2Al+3CuSO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3Cu\)

b) Theo ĐLBTKL: \(m_{Al}+m_{CuSO_4}=m_{Al_2\left(SO_4\right)_3}+m_{Cu}\)

`=>` \(m_{CuSO_4}=34,2+19,2-5,4=48\left(g\right)\)

`=>` \(n_{CuSO_4}=\dfrac{48}{160}=0,3\left(mol\right)\)

`=>` Số phân tử CuSO₄: \(0,3.6.10^{23}=18.10^{22}\) (phân tử)

d) Số phân tử HCl = 4 số phân tử CuSO₄

`=>` \(n_{HCl}=4n_{CuSO_4}=4.0,3=1,2\left(mol\right)\)

`=>` \(m_{HCl}=1,2.36,5=43,8\left(g\right)\)

Ta có: \(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,4.0,5=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: \(Ba\left(OH\right)_2+CuSO_4\rightarrow BaSO_4\downarrow+Cu\left(OH\right)_2\downarrow\)

                0,2---------------------->0,2---------->0,2

             \(Cu\left(OH\right)_2\xrightarrow[]{t^o}CuO+H_2O\)

               0,2------------>0,2

`=>` \(m_{crắn}=0,2.80+0,2.233=62,6\left(g\right)\)

Hiện tượng này là vật lí

Do nếu đun nước lên thì khoảng cách các phân tử sẽ rộng hơn mà phân tử muối có thể lọt vào đó , còn để nhiệt độ thường thì muối sẽ liên kết đó bị phá vỡ nên sẽ kết tinh thành hạt muối

có số lớp e ngoài cùng

Có số e ngoài cùng giống nhau

a) \(2Fe_3O_4+10H_2SO_{4\left(đ\right)}\xrightarrow[]{t^o}3Fe_2\left(SO_4\right)_3+SO_2\uparrow+10H_2O\)

b) Na₂O (không phản ứng với NaOH nhưng phản ứng với H₂O trong dd NaOH), Al₂O₃, P₂O₅ (không phản ứng với HCl nhưng phản ứng với H₂O trong dd HCl)

\(Na_2O+H_2O\rightarrow2NaOH\\ Na_2O+2HCl\rightarrow2NaCl+H_2O\\ Al_2O_3+2NaOH\rightarrow2NaAlO_2+H_2O\\ Al_2O_3+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2O\\ P_2O_5+6NaOH\rightarrow2Na_3PO_4+3H_2O\\ P_2O_5+3H_2O\rightarrow2H_3PO_4\)

c) SiO₂

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,2.1,75=0,35\left(mol\right)\\n_{CaCO_3}=\dfrac{25}{100}=0,25\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Gọi \(n_{Fe}=a\left(mol\right)\left(ĐK:a>0\right)\)

Gọi CTHH của oxit sắt là \(Fe_xO_y\left(x,y\in N\text{*}\right)\)

PTHH:
\(CuO+CO\xrightarrow[]{t^o}Cu+CO_2\) (1)

\(Fe_xO_y+yCO\xrightarrow[]{t^o}xFe+yCO_2\) (2)

\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+H_2O\) (3)

\(2CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow Ca\left(HCO_3\right)_2\) (4)

\(Fe+H_2SO_{4\left(l\right)}\rightarrow FeSO_4+H_2\) (5)

a----------------------------------->a

Ta có: \(m_{ddH_2SO_4.tăng}=m_{Fe}-m_{H_2}\)

`=> 56a - 2a = 10,8 => a = 0,2 (mol)`

`-` TH₁: Kết tủa chưa bị hòa tan

Theo PT (3): \(n_{Ca\left(OH\right)_2\left(pư\right)}=n_{CaCO_3}=0,25\left(mol\right)< 0,35\left(mol\right)\)

`=> Ca(OH)_2` dư (t/m)

Theo PT (3): \(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=0,25\left(mol\right)\)

Theo PT (1), (2): \(n_{O\left(oxit\right)}=n_{CO_2}=0,25\left(mol\right)\)

`=>` \(m_{Cu}=28-0,2.56-0,25.16=12,8\left(g\right)\)

`=>` \(n_{Cu}=\dfrac{12,8}{64}=0,2\left(mol\right)\)

`=>` \(n_{O\left(CuO\right)}=n_{CuO}=n_{Cu}=0,2\left(mol\right)\)

`=>` \(n_{O\left(Fe_xO_y\right)}=0,25-0,2=0,05\left(mol\right)\)

`=>` \(\dfrac{x}{y}=\dfrac{n_{Fe}}{n_O}=\dfrac{0,2}{0,05}=\dfrac{4}{1}\)

`=>` Loại

`-` TH₂: Kết tủa đã bị hòa tan 1 phần 

BTNT Ca: \(n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=n_{Ca\left(OH\right)_2}-n_{CaCO_3}=0,1\left(mol\right)\)

BTNT C: \(n_{CO_2}=2n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}+n_{CaCO_3}=0,45\left(mol\right)\)

Theo PT (1), (2): \(n_{O\left(oxit\right)}=n_{CO_2}=0,45\left(mol\right)\)

`=>` \(m_{Cu}=28-0,45.16-0,2.56=9,6\left(g\right)\)

`=>` \(n_{O\left(CuO\right)}=n_{CuO}=n_{Cu}=\dfrac{9,6}{64}=0,15\left(mol\right)\)

`=>` \(n_{O\left(Fe_xO_y\right)}=0,45-0,15=0,3\left(mol\right)\)

`=>` \(\dfrac{x}{y}=\dfrac{n_{Fe}}{n_O}=\dfrac{0,2}{0,3}=\dfrac{2}{3}\)

`=>` CTHH của oxit là Fe₂O₃

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_R=a\left(mol\right)\\n_{RO}=b\left(mol\right)\\n_{RCO_3}=c\left(mol\right)\end{matrix}\right.\left(ĐK:a,b,c>0\right)\)

`=>` \(aM_R+b\left(M_R+16\right)+c\left(M_R+60\right)=60,45\left(1\right)\)

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2SO_4}=\dfrac{375.19,6\%}{98}=0,75\left(mol\right)\\n_{khí}=\dfrac{10,08}{22,4}=0,45\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: \(R+H_2SO_4\rightarrow RSO_4+H_2\) (1)

           a----->a----------->a------>a

           \(RO+H_2SO_4\rightarrow RSO_4+H_2O\) (2)

            b------>b----------->b

            \(RCO_3+H_2SO_4\rightarrow RSO_4+CO_2\uparrow+H_2O\)

             c--------->c------------>c-------->c

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}\left(a+b+c\right)\left(M_R+96\right)=104,65\left(2\right)\\a+c=0,45\\n_{H_2SO_4\left(dư\right)}=0,75-a-b-c\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Ta có: \(m_{ddspư}=375+60,45-2a-44c=435,45-2a-44c\left(g\right)\)

`=>` \(C\%_{H_2SO_4\left(dư\right)}=\dfrac{98\left(0,75-a-b-c\right)}{435,45-2a-44c}.100\%=2,311\%\left(4\right)\)

Từ \(\left(1\right),\left(2\right),\left(3\right),\left(4\right)\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,2\\b=0,2\\c=0,25\\M_R=65\left(g/mol\right)\end{matrix}\right.\)

`=> A: Zn`

`=>` \(A:\left\{{}\begin{matrix}m_{Zn}=0,2.65=13\left(g\right)\\m_{ZnO}=0,2.81=16,2\left(g\right)\\m_{ZnCO_3}=0,25.125=31,25\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

Nhầm R là Zn

`-` TN₁: Chọn \(m_{ddA}=m_{ddB}=100\left(g\right)\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}n_{HNO_3}=\dfrac{100.a\%}{63}=\dfrac{a}{63}\left(mol\right)\\n_{Ba\left(OH\right)_2}=\dfrac{100.b\%}{171}=\dfrac{b}{171}\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Ta có: \(n_{HCl}=\dfrac{100.7,3\%}{36,5}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: \(Ba\left(OH\right)_2+2HNO_3\rightarrow Ba\left(NO_3\right)_2+2H_2O\)

               \(\dfrac{a}{126}\)<------\(\dfrac{a}{63}\)

             \(Ba\left(OH\right)_2+2HCl\rightarrow BaCl_2+2H_2O\)

                0,1<---------0,1

`=>` \(n_{Ba\left(OH\right)_2\left(dư\right)}=\dfrac{b}{171}-\dfrac{a}{126}=0,1\left(1\right)\)

`-` TN₂: Chọn \(\left\{{}\begin{matrix}m_{ddA}=200\left(g\right)\\m_{ddB}=100\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}n_{HNO_3}=\dfrac{200.a\%}{63}=\dfrac{2a}{63}\left(mol\right)\\n_{Ba\left(OH\right)_2}=\dfrac{100.b\%}{171}=\dfrac{b}{171}\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: \(Ba\left(OH\right)_2+2HNO_3\rightarrow Ba\left(NO_3\right)_2+2H_2O\)

               \(\dfrac{b}{171}\)------>\(\dfrac{2b}{171}\)--------->\(\dfrac{b}{171}\)

`=>` \(\left\{{}\begin{matrix}m_{Ba\left(NO_3\right)_2}=\dfrac{261b}{171}=\dfrac{29b}{19}\left(g\right)\\m_{HNO_3\left(dư\right)}=63.\left(\dfrac{2a}{63}-\dfrac{2b}{171}\right)=2a-\dfrac{14b}{19}\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

`=>` \(\dfrac{m_{Ba\left(NO_3\right)_2}}{m_{HNO_3}}=\dfrac{\dfrac{29b}{19}}{2a-\dfrac{14b}{19}}=\dfrac{87}{14}\)

`=>` \(\dfrac{406b}{19}=174a-\dfrac{1218b}{19}\)

`=>` \(174a-\dfrac{1624b}{19}=0\left(g\right)\)

Từ `(1), (2) =>` \(\left\{{}\begin{matrix}a=25,2\%\\b=51,3\%\end{matrix}\right.\)

A₁: S

A₂: Cu

A₃: SO₂

A₄: NaHSO₃

A₅: Na₂SO₃

A₆: BaSO₃

A₇: Ba(OH)₂ 

(1) \(S+O_2\xrightarrow[]{t^o}SO_2\)

(2) \(Cu+2H_2SO_{4\left(đ\right)}\xrightarrow[]{t^o}CuSO_4+SO_2\uparrow+2H_2O\)

(3) \(SO_2+NaOH\rightarrow NaHSO_3\)

(4) \(2NaOH+SO_2\rightarrow Na_2SO_3+H_2O\)

(5) \(Na_2SO_3+SO_2+H_2O\rightarrow2NaHSO_3\)

(6) \(Ba\left(OH\right)_2+2NaHSO_3\rightarrow BaSO_3\downarrow+Na_2SO_3+2H_2O\)

(7) \(Ba\left(OH\right)_2+Na_2SO_3\rightarrow BaSO_3\downarrow+2NaOH\)