\(HI\Rightarrow H\left(I\right),I\left(I\right)\)

\(CaH_2\Rightarrow Ca\left(II\right),H\left(I\right)\)

\(NH_3\Rightarrow N\left(III\right),H\left(I\right)\)

\(CH_4\Rightarrow C\left(IV\right),H\left(I\right)\)

khối lg 1 nguyên tử O là

15,999.1,6605.10^-27=2,6566.10^-26kg

hình như sai sai r bạn ơi

Cho hỗn hợp khí đi qua dd Ca(OH)₂ dư, Cl₂ và CO₂ bị hấp thụ, khí O₂ bay lên tiếp tục dẫn qua dd H₂SO₄ đặc để hấp thụ nước `->` Ta thu được O₂ tinh khiết

PTHH:

\(2Ca\left(OH\right)_2+2Cl_2\rightarrow CaCl_2+Ca\left(OCl\right)_2+2H_2O\)

\(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

dùng naoh cũng đc bạn ạ

Cho quỳ tím vào các dd:

+ Quỳ tím hóa xanh : NaOH

+ Quỳ tím hóa đỏ: HCl; H₂SO₄ (1)

+ Không hiện tượng: BaCl₂

Cho (1) tác dụng BaCl₂ 

+ Mẫu nào tạo kết tủa trắng là: H₂SO₄

BaCl₂ + H₂SO₄ \(\rightarrow\) BaSO₄ \(\downarrow\) + 2HCl

+ Không hiện tượng là HCl

trích mỗi chất một ít làm mẫu thử

cho quỳ tím lần lượt vào các mẫu thử:

Chất làm quỳ tím chuyển sang màu xanh : NaOH

Chất làm quỳ tím chuyển sang màu đỏ : HCL

chất ko làm quỳ tím đổi màu :BaCL₂, H₂SO₄

cho dd Na₂CO₃vào các dd còn lại :

Xuất hiện kết tủa trắng : BaCL₂

BaCL₂ + Na₂CO₃ --> BaCO₃ + 2NaCL

Chất còn lại : H₂SO₄

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}p+e+n=59\\\dfrac{n}{p+e}.100\%=47,5\%\\p=e\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}p=e=20\\n=19\end{matrix}\right.\)

`=>` X là Canxi

Sơ đồ cấu tạo tự vẽ nhé:

- lớp 1 có 2e

- lớp 2 có 8e

- lớp 3 có 8e

- lớp 4 có 2e

Fe+2HCl->FeCl₂+H₂

0,1-------0,2---------------0,1

FeO+2HCl->FeCl₂₊H₂O

0,1----0,2---------------0,1

Ta có :

n H₂=\(\dfrac{2,24}{22,4}=0,1mol\)

mFe=0,1.56=5,6g

=>m FeO=7,2g ->n FeO=\(\dfrac{7,2}{72}=0,1mol\)

b) %mFe=\(\dfrac{5,6}{12,8}.100=43,75\%\)

=>%mFeO=56,25%

=>VHCl=\(\dfrac{0,2}{2}=0,1l=100ml\)

?

lx

n_H⁺ = 0,05 (mol)

[ H⁺] = 0,1

=> pH = 1

Bạn giải chi tiết giúp mình với

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H^+}=n_{HNO_3}=\dfrac{20.31,5\%}{63}=0,1\left(mol\right)\\n_{OH^-}=2n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,5.0,2.2=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: \(H^++OH^-\rightarrow H_2O\)

           0,1--->0,1

`=>` \(n_{OH^-\left(dư\right)}=0,2-0,1=0,1\left(mol\right)\)

Đề thiếu V_{dd HNO3} nên không tính được V_{dd sau phản ứng} , không tìm được pH

\(n_{NaOH}=\dfrac{20.20\%}{40}=0,1\left(mol\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{16.65\%}{98}=0,106\left(mol\right)\)

\(2NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)

   0,1      <    0,106                                ( mol )

    0,1            0,05            0,05              ( mol )

\(m_{H_2SO_4\left(dư\right)}=\left(0,106-0,05\right).98=5,5\left(g\right)\)

\(m_{ddspứ}=20+16=36\left(g\right)\)

\(\left\{{}\begin{matrix}C\%_{Na_2SO_4}=\dfrac{0,05.144}{36}.100=20\%\\C\%_{H_2SO_4\left(dư\right)}=\dfrac{5,5}{36}.100=15,27\%\end{matrix}\right.\)

\(n_{NaOH}=0,1\left(mol\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{26}{245}\left(mol\right)\)

PTHH: \(2NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)

a, Ta có  \(n_{NaOH}< 2n_{H_2SO_4} \) \(\rightarrow\) Tính theo số mol NaOH

\(\rightarrow n_{H_2SO_4dư}=\dfrac{26}{245}-0,05=\dfrac{11}{196}\left(mol\right)\)

\(m_{H_2SO_4dư}=\dfrac{11}{196}.98=5,5\left(g\right)\)

b, \(m_{ddsaupu}=20+16-0.1\left(2+16\right)=34,2\left(g\right)\)

c, \(C\%=\dfrac{m_{ct}}{m_{dd}}.100\%=\dfrac{0,05.142}{34,2}.100\%=20,76\%\)