Đáp án A

Bảo toàn khối lượng : m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

=> n_CO2 = 0,08 mol ; n_H2O = 0,1 mol ; n_O2 = 0,09 mol

Bảo toàn O ta có: 2n_Axit + n_Ancol + 2n_Este = 2n_CO2 + n_H2O – 2n_O2 = 0,08 mol

=> n_O = n_C . Mà 2 chất CH₄O và C₂H₄O₂ đều có số C bằng số O

=> este có dạng C2HnO2 ( vì este đơn chức) => chỉ có thể là C2H4O2

Gọi số mol C₂H₄O₂ ; CH₄O ; C₂H₄O₂ lần lượt là x ; y ; z

Bảo toàn C : 2x + y + 2z = 0,08 , nH = 4x + 4y + 4z = 0,2 mol

=> x + z = 0,03 ; y = 0,02 ||⇒ %n_ancol = 40%

Xét 0,1 mol M : n_H2×2 = n_Ancol + n_Axit = 0,06 mol

=> (n_Axit + n_Ancol) ÷ n_Este = 0,06 ÷ 0,04 = 3 ÷ 2

Trong 2,44 gam có: (x + y) : z = 3 : 2 ⇒ %n_Este = 40% || %n_Axit = 20%

Đáp án A

Vì n_H2O > n_CO2 → ancol no, đơn chức

Gọi công thức của axit là C_nH_2nO₂ và ancol là C_mH_2m+2O ( với n khác m)

Luôn có n_ancol = n_H2O - n_CO2= 0,1 mol

Có n_O = 7 , 6 - 0 , 13 × 12 - 0 , 42 16  = 0,2 mol

→ n_axit = 0 , 2 - 0 , 1 2  =0,05 mol

→ 0,1n + 0,05m = 0,3 → 2n + m = 6 → n= 1, m=2 hoặc n=m = 2 ( Loại)

Vậy ancol là CH₃OH: 0,1 mol và axit là C₃H₇COOH: 0,05 mol

Thực hiện phản ứng este hóa hỗn hợp với H = 80%

→ m_este = 0,8. 0,05. 102= 4,08 gam

Đáp án B 

X có ít nhất 3π, đốt X và Y cho n _CO2 = n_H2O = 0,7 mol nên Y phải là ancol no.

Giả sử X có kπ thì đốt X cho n_CO2 – n_H2O = (k-1).n_X, đốt Y có n_CO2 – n_H2O = – n_Y

mà n_Y = 5n_X → k – 1 = 5 → k = 6. Vậy X có 3 liên kết π trong C = C (do đã có sẵn 3π trong chức este – COO).

Do đó, khi cho E tác dụng Br₂ thì chỉ xảy ra: X + 3Br₂ → sp. → n_X = 0,02 mol. ↔ n_Y = 0,1 mol.

Gọi số C của X và Y tương ứng là n, m ta có n_CO2 = 0,02 × n + 0,1 × m = 0,7 mol ↔ n + 5m = 35.

Để ý số C ít nhất của X phải > 6 → m ≤ 5, Y lại có mạch C phân nhánh ↔ m ≥ 4 → m = 4 hoặc m = 5.

Mà Y không tách được nước tạo anken → duy nhất 1 công thức thỏa mãn là

ancol 2,2-đimetylpropan-1-ol ↔ C₅H₁₂O → n = 10 ↔ X là: C₁₀H₁₀O₆

% m_Y ≈ 66,07 %.

Đáp án B

Ta có Y, Z là đồng phân nên Z, T là este có 2 chức

Luôn có n_NaOH = n_COO = 0,2 mol, n_X + n_Y + n_Z + n_T = 0,1 mol

Gọi số mol của CO₂ và H₂O lần lượt là x, y

Ta có hệ  →

Ta có M_tb =  11 , 52 0 , 1 = 115,2 → X, Y là axit 2 chức, và Y là đồng phân của nhau nên tối thiểu Y phải có 4 C

→ X, Y, Z lần lượt là CH₂(COOH)₂ và HOOC-CH₂-CH₂-COOH, HCOO-CH₂-CH₂-OOCH

mà T lại hơn Z 14dvc → T phải có cấu tạo CH₃OOC-COOC₂H₅

Để thu được 3 ancol có mol bằng nhau CH₃OH, C₂H₅OH, HO-CH₂-CH₂-OH → n_T = n_Z

→ n_Z = n_T = 2 , 8 62 + 32 + 46  = 0,02 mol

Gọi số mol của X, Y lần lượt là a,b

Ta có hệ 

Đáp án D 

♦ Cách 1: ∑n_Na = 0,96 mol ||→ NaOH cần để thủy phân là 0,8 mol → dư 0,16 mol NaOH đốt cho 0,08 mol H₂O.

||→ theo đó nếu cần suy luận ra được 2 axit là (COOH)₂ và HOOCC≡CCOOH (%O và mạch không nhánh).

Tuy nhiên, giải BT này ta không cần. ► Note: Sơ đồ thủy phân kết hợp đối cháy:

Gọi x là số mol CO₂ khi đốt m gam chất rắn, đại diện ancol là 0,8 mol C_nH_{2n + 2}O.

Để ý: trong m gam chất rắn có 0,16 mol NaOH và 0,8 mol O₂Na, bảo toàn O → n_O2 cần đốt = x – 0,12 mol.

Bảo toàn O₂ dùng đốt của các chất trong pt thủy phân có: 1,925 = x – 0,12 + 1,2n (1).

Đốt E, dùng BTKL có m_CO2 + H₂O = 114,5 gam. Xét lượng H₂O và CO₂ là kết quả đốt cháy

của các sp thủy phân có: 114,5 + 0,48 × 18 = 0,48 × 44 + 0,08 × 18 + 44x + (49,6n + 14,4) (2).

Giải hệ phương trình (1) và (2) được x = 0,62 mol và n = 1,1875 → m_ancol = 27,7 gam.

Áp dụng BTKL cho phương trình thủy phân ||→ m = 63,6 gam.

♦ Cách 2: n_NaOH = 0,96 mol gồm 0,16 mol NaOH dư và 0,8 mol NaOH vừa đủ.

Quy 52,9 gam E gồm 0,8 mol COOH; x mol CH₂ và y mol          

C. Giải hệ khối lượng 52,9 gam và O₂ cần đốt tìm ra x = 0,95 mol và y = 0,3 mol.

Lại chú ý đốt muối thu được 0,08 mol H₂O vừa đúng cân bằng với 0,16 mol H trong 0,16 mol NaOH dư.

→ nghĩa là muối không chứa Natri và cần thì như cách 1 đã biện luận: (COONa) và C₂(COONa)₂.

→ Yêu cầu: m_muối = 0,3 × 12 + 0,8 × (44 + 23) + 0,16 × 40 = 63,6 gam.

Đáp án B Giả sử số mol của C₁₅H₃₁COOH, C₁₇H₃₅COOH, C₁₇H₃₁COOH lần lượt là a, b, c

Khi đốt cháy C₁₅H₃₁COOH và C₁₇H₃₅COOH thì đều thu được n_CO2 = n_H2O.

→ n_C17H₃₃COOH = (n_CO2 - n_H2O) : 2 = (0,68 - 0,65) : 2 = 0,015 mol

Đáp án D 

11,16 gam E este : a ( mol ) axit : b ( mol ) ancol : c ( mol ) → + O 2 ( 0 , 59 mol )    CO₂ + H₂O ( 0,52 mol).

Bảo toàn khối lượng : m_CO2 = m_E + m_O2 - m_H2O = 20,68 gam → n_CO2 = 0,47 mol.

m_E = m_C + m_H + m_O

11,16 = 0,47× 12 + 0,52× 2 + n_O × 16 → n_O = 0,28 mol → 2a+ 4b + 2c = 0,28.

Nhận thấy n_H2O > n_Co2 → ancol no → c= n_H2O- n_Co2.

Trong axit có 2 liên kết Π → a= n_Co2 - n_H2O.

Trong este có 4 liên kết Π → 3b = n_Co2 -n_H2O

Vậy n_H2O- n_Co2 = c-a-3b = 0,05.

11,16 gam E + 0,04 mol Br₂ → a + 2b = 0,04 mol.

Ta có hệ:  →

n_E = 0,13 mol. → n_Ctb = 0,47 : 0,13 = 3,615. Vậy ancol là C₃H₈O₂.

Bảo toàn khối lượng : m_muối = m_E + m_KOH -m_H2O - m_ancol= 11,16 + 0,04×56-0,02×18- (0,1+0,01)×76 =4,68 g.

Đáp án B

X gồm Y là (COONH₄)₂ và Z là Gly-Gly. Giả thiết → X + NaOH thu 0,2 mol khí là NH₃

→ có 0,1 mol Y (COONH₄)₂; trong 25,6 gam X → n_Z = n_Gly-Gly = 0,1 mol.

Cho 25,6 gam X + HCl → 0,2 mol NH₄Cl + 0,1 mol (COOH)₂ + 0,2 mol ClH₃NCH₂COOH.Yêu cầu m gam chất hữu cơ → m = 31,30 gam

Đáp án A

Đáp án D