Dẫn 5,6 lít hh gồm etilen và etan vào bình đựng dd brom dư, thấy khối lượng bình đựng dd brom tăng lên 3g. Tính % theo thể tích và theo khối lượng mỗi chất trong hh.
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
\(n_{\text{ khí }}=\dfrac{0,56}{22,4}=0,025\left(mol\right)\)
Cho \(C_2H_4,C_2H_2\) lần lượt là \(x,y\left(mol\right)\)
Ta có: \(n_{C_2H_4}+n_{C_2H_2}=0,025\left(mol\right)\)
\(\rightarrow x+y=0,025\left(mol\right)\) (1)
\(n_{Br_2}=\dfrac{5,6}{160}=0,035\left(mol\right)\)
a)Phương trình:
\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)
\(C_2H_2+Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)
Theo phương trình, ta thấy:
\(2x+y=0,035\left(mol\right)\) (2)
Từ (1),(2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,01\left(mol\right)\\y=0,015\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
b) Do thành phần phần trăm thể tích tương ứng thành phần phần trăm mol.
\(\rightarrow\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,015.100\%}{0,025}=60\%\)
\(\rightarrow\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,01.100\%}{0,025}=40\%\)
Theo ý kiến của em thì chắc trong khi lên men rượu, trong rượu có cồn nên sẽ bay hơi nếu ủ thoáng khí sẽ lm cho bay hơi, giấm thì không có cồn nên sẽ ko bay hơi, e chưa lp 9=))
- Khi lên men rượu cần ủ kín vì men rượu hoạt động không cần oxi, nó chuyển hoá đường thành rượu và khí CO2. Trong trường hợp không ủ kín rượu tạo thành sẽ tác dụng với oxi ngoài không khí tạo giấm:
\(C_2H_5OH+O_2\rightarrow CH_3COOH+H_2O\)
- Còn khi lên men giấm thì cần oxi để oxi hoá rượu thành giấm
\(n_{KMnO_4}=\dfrac{126,4}{158}=0,8\left(mol\right)\\ 2KMnO_4\rightarrow\left(t^o\right)K_2MnO_4+MnO_2+O_2\\ n_{O_2}=\dfrac{0,8}{2}=0,4\left(mol\right)\\ V_{O_2\left(đktc\right)}=0,4.22,4=8,96\left(l\right)\)
\(2KMnO_4\rightarrow^{t^o}K_2MnO_4+MnO_2+O_2\)
\(2mol\) \(1mol\)
\(0,8mol\) \(0,4mol\)
\(n_{KMnO_4}=\dfrac{m}{M}=\dfrac{126,4}{158}=0,8\left(mol\right)\)
\(V_{O_2}=n.22,4=0,4.22,4=8,96\left(l\right)\)
Vì các phản ứng A, B, C điều không toả nhiệt nên phản ứng toả nhiệt là D
Chọn D
Chọn B
Quá trình đóng băng nước là quá trình toả nhiệt vì tạo ra thêm nhiều liên kết mới, vững chắc giữa các phân tử nước là liên kết hydrogen.
- Phần 1: \(n_{H_2}=\dfrac{1,344}{22,4}=0,06\left(mol\right)\)
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=a\left(mol\right)\\n_{Fe}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\left(a,b>0\right)\)
PTHH:
\(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)
a--------------------------->1,5a
\(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)
b--------------------------->b
\(\Rightarrow1,5a+b=0,06\left(1\right)\)
- Phần 2: Đặt hệ số tỉ lệ \(\dfrac{P_2}{P_1}=k\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=ak\left(mol\right)\\n_{Fe}=bk\left(mol\right)\end{matrix}\right.\Rightarrow ak+bk=0,15\left(2\right)\)
\(n_{H_2}=\dfrac{2,016}{22,4}=0,09\left(mol\right)\)
PTHH: \(2Al+2KOH+2H_2O\rightarrow2KAlO_2+3H_2\)
0,06<----------------------------------------0,09
\(\Rightarrow ak=0,06\left(3\right)\)
Từ \(\left(1\right),\left(2\right),\left(3\right)\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,02\\b=0,03\\k=3\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow m=\left(0,02.27+0,03.56\right)\left(3+1\right)=8,88\left(g\right)\)
$C_2H_4 + Br_2 \to C_2H_4Br_2$
Ta có :
$m_{C_2H_4} = m_{dd\ tăng} = 3(gam)$
$\Rightarrow n_{C_2H_4} = \dfrac{3}{28}(mol)$
$\Rightarrow n_{C_2H_6} = 0,25 - \dfrac{3}{28} = \dfrac{1}{7}(mol)$
$\%V_{C_2H_4} = \dfrac{ \dfrac{3}{28} }{0,25}.100\% = 42,9\%4
$\%V_{C_2H_6} = 100\% - 42,9\% = 57,1\%$
$\%m_{C_2H_4} = \dfrac{3}{3 + \dfrac{1}{7}.30}.100\% = 41,2\%$
$\%m_{C_2H_6} = 100\% - 41,2\% = 58,8\%$
$C_2H_4 + Br_2 \to C_2H_4Br_2$
Ta có :
$m_{C_2H_4} = m_{dd\ tăng} = 3(gam)$
$\Rightarrow n_{C_2H_4} = \dfrac{3}{28}(mol)$
$\Rightarrow n_{C_2H_6} = 0,25 - \dfrac{3}{28} = \dfrac{1}{7}(mol)$
$\%V_{C_2H_4} = \dfrac{ \dfrac{3}{28} }{0,25}.100\% = 42,9\%$
$\%V_{C_2H_6} = 100\% - 42,9\% = 57,1\%$
$\%m_{C_2H_4} = \dfrac{3}{3 + \dfrac{1}{7}.30}.100\% = 41,2\%$
$\%m_{C_2H_6} = 100\% - 41,2\% = 58,8\%$