Cho 7,2g Mg tác dụng với 22,4 lít khí \(O_2\) (ĐKTC) sau khi phản ứng kết thúc thu được hỗn hợp chất rắn A. Hòa tan A bằng 100g dung dịch HCl 29,2% thì thu được dung dịch B và khí C.a) Viết các pt hóa...

M

Milk___

28 tháng 7 2023

Cho 7,2g Mg tác dụng với 22,4 lít khí \(O_2\) (ĐKTC) sau khi phản ứng kết thúc thu được hỗn hợp chất rắn A. Hòa tan A bằng 100g dung dịch HCl 29,2% thì thu được dung dịch B và khí C.a) Viết các pt hóa học xảy rab) Tính thể tích khí C (ĐKTC)c) Tính C% của các chất có trong dung dịch...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 9

2

GH

Gia Huy

28 tháng 7 2023

phải là 2,24 lít khí `O_2` chứ bạn, nếu không thì rắn A tác dụng với HCl không tạo khí: )

Đúng(0)

M

Milk___

28 tháng 7 2023

à 2,24 lít ạ em ghi nhầm

Đúng(0)

TL

the leagendary history

11 tháng 6 2021

Cho 7,2g Mg tác dụng với 2,24 lít khí oxi, sau khi phản ứng kết thúc thu được hỗn hợp chất rắn A. Hòa tan A bằng 100g dung dịch HCl 29,2% thì thu được dung dịch X và khí Y. Các khí điều được đo ở điều kiện tiêu chuẩn a) Viết các phương trình hóa học xảy ra b)Tính thể tích khí Yc)Tính C% của các chất có trong dung dịch...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 8

2

TP

Thảo Phương

11 tháng 6 2021

\(n_{Mg}=\dfrac{7,2}{24}=0,3\left(mol\right);n_{O_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

\(PTHH:2Mg+O_2-^{t^o}\rightarrow2MgO\) (1)

Theo đề : 0,3........0,1

Lập tỉ lệ: \(\dfrac{0,3}{2}>\dfrac{0,1}{1}\) => Mg dư, O₂ phản ứng hết

\(n_{Mg\left(pứ\right)}=2n_{O_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(Mg_{dư}+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\uparrow\)(2)

\(MgO+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2O\) (3)

Khí Y là H2

Theo PT (2) : \(n_{H_2}=n_{Mg\left(dư\right)}=0,3-0,2=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{H_2}=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\)

Dung dịch X là MgCl2

\(m_{ddsaupu}=0,1.24+0,2.40+75-0,1.2=85,2\left(g\right)\)

=>\(C\%_{MgCl_2}=\dfrac{\left(0,2+0,1\right).95}{85,2}.100=33,45\%\)

Đúng(2)

TL

the leagendary history

11 tháng 6 2021

thanks

Đúng(0)

TD

Thanh Dang

26 tháng 3 2022

Cho 7,2g Mg tác dụng với 2,24 lít khí oxi, sau khi phản ứng kết thúc thu được hỗn hợp chất rắn A. Hòa tan A bằng 100g dung dịch HCl 29,2% thì thu được dung dịch X và khí Y. Các khí điều được đo ở điều kiện tiêu chuẩn a) Viết các phương trình hóa học xảy ra b)Tính thể tích khí Yc)Tính C% của các chất có trong dung dịch...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 8

2

B

Buddy

26 tháng 3 2022

2) n Mg = \(\dfrac{7,2}{24}\) = 0,3 (mol)
n O2 = \(\dfrac{2,24}{22,4}\)= 0,1 (mol)
Mg + 1/2O2 --to> MgO
0,2 <--- 0,1 --------> 0,2
n Mg dư = 0,3 - 0,2 = 0,1 (mol)
n MgO = 0,2 (mol)
MgO + 2HCl --> MgCl2 + H2O
0,2 ------> 0,4 (mol)
Mg + 2HCl --> MgCl2 + H2
0,1 --> 0,2 ------- --------> 0,1 (mol)
V H2 = 0,1 . 22,4 = 2,24 (lít)

m Ct=\(\dfrac{100.29,2\%}{100\%}\)=92,2g

m HCl = \(\dfrac{29,2}{36,5}\) = 0,8 (mol) > 0,6 (mol) Pứ hết cho ra MgCl2
m dd = m MgO + m Mg + m HCl dd - m H2
= 0,2.40 + 0,1.24 + 100 - 0,1.2 = 110,2 (g)
\(C\%=\dfrac{0,3.95}{110,2}.100\%=25,86\%\)

Đúng(1)

B

Buddy

26 tháng 3 2022

2) n Mg = \(\dfrac{7,2}{24}\) = 0,3 (mol)
n O2 = \(\dfrac{2,24}{22,4}\)= 0,1 (mol)
Mg + 1/2O2 --to> MgO
0,2 <--- 0,1 --------> 0,2
n Mg dư = 0,3 - 0,2 = 0,1 (mol)
n MgO = 0,2 (mol)
MgO + 2HCl --> MgCl2 + H2O
0,2 ------> 0,4 (mol)
Mg + 2HCl --> MgCl2 + H2
0,1 --> 0,2 ------- --------> 0,1 (mol)
V H2 = 0,1 . 22,4 = 2,24 (lít)

m Ct=\(\dfrac{100.29,2\%}{100\%}\)

m HCl = \(\dfrac{29,2}{36,5}\) = 0,8 (mol) > 0,6 (mol) Pứ hết cho ra MgCl2
m dd = m MgO + m Mg + m HCl dd - m H2
= 0,2.40 + 0,1.24 + 100 - 0,1.2 = 110,2 (g)
\(C\%=\dfrac{0,3.95}{110,2}.100\%=25,86\%\)

Đúng(0)

NB

Nguyễn Bình Chi

10 tháng 4 2022

Nung 10,2g hỗn hợp Al, Mg, Na trong khí Oxi dư. Sau phản ứng kết thúc thu được 17g hỗn hợp chất rắn . Mặt khác cho hỗn hợp các kim loại trên tác dụng với dung dịch HCl dư thì thấy thoát ra V lít khí và dung dịch A. Cô cạn A thì thu được mg muối Clorua khan. Tính V và m ?

#Hóa học lớp 8

1

D

๖ۣۜDũ๖ۣۜN๖ۣۜG

11 tháng 4 2022

Gọi số mol Al, Mg, Na là a, b,c (mol)

- Xét TN1:

\(n_{O_2}=\dfrac{17-10,2}{32}=0,2125\left(mol\right)\)

PTHH: 4Al + 3O₂ --t^o--> 2Al₂O₃

a-->0,75a

2Mg + O₂ --t^o--> 2MgO

b--->0,5b

4Na + O₂ --t^o--> 2Na₂O

c--->0,25c

=> 0,75a + 0,5b + 0,25c = 0,2125

- Xét TN2:

PTHH: 2Al + 6HCl --> 2AlCl₃ + 3H₂

a------------->a----->1,5a

Mg + 2HCl --> MgCl₂ + H₂

b------------->b------>b

2Na + 2HCl --> 2NaCl + H₂

c-------------->c---->0,5c

n_H2 = 1,5a + b + 0,5c = 0,2125.2 = 0,425 (mol)

=> V = 0,425.22,4 = 9,52 (l)

Có: \(n_{HCl}=2.n_{H_2}=0,425.2=0,85\left(mol\right)\)

Theo ĐLBTKL: m_{kim loại} + m_HCl = m_muối + m_H2

=> 10,2 + 0,85.36,5 = m + 0,425.2

=> m = 40,375 (g)

Đúng(1)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

27 tháng 1 2019

Hòa tan m gam hỗn hợp A gồm FexOy Fe và Cu bằng dung dịch chứa 1,8 mol HCl và 0,3 mol HNO3, sau phản ứng thu được 5,824 lít khí NO (đktc, sản phẩm khử duy nhất) và dung dịch X chứa (m + 60,24) gam chất tan. Cho a gam Mg vào dung dịch X, kết thúc phản ứng thu được (m –6,04) gam chất rắn và hỗn hợp Y gồm hai khí (trong đó có một khí hóa nâu trong không khí) có tỉ khối so với He bằng 4,7. Giá trị của...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

27 tháng 1 2019

Đáp án D

Quan sát quá trình 1:

BTKL có n_H2O = 0,92 mol. Bảo toàn H chứng

tỏ trong X chứa 0,26 mol H⁺ dư như trên.

♦ Quá trình 2: để ý khí Y có M = 18,8

→ là H₂ và NO. Quan sát quá trình chính:

giải tỉ khối Y tìm tỉ lệ 2 khí NO : H₂ là 3 : 2 rồi gọi các ẩn như sơ đồ:

• Ghép cụm: n_H2O = 2n_NO + 3n_NH4 ⇄ y = 6x + 3z (1).

• bảo toàn nguyên tố N có: 3x + z = 0,04 mol (2).

• Bảo toàn nguyên tố H có: 4x + 2y + 4z = 0,26 mol (3)

Giải x = 0,01 mol; y = 0,09 mol; z = 0,01 mol ||→ bảo toàn điện tích có n_Mg²⁺ = 0,895 mol.

► Chỉ cần BTKL cả sơ đồ có ngay và luôn giá trị yêu cầu a = 21,84 gam

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

27 tháng 7 2018

Hòa tan m gam hỗn hợp A gồm FexOy Fe và Cu bằng dung dịch chứa 1,8 mol HCl và 0,3 mol HNO3, sau phản ứng thu được 5,824 lít khí NO (đktc, sản phẩm khử duy nhất) và dung dịch X chứa (m + 60,24) gam chất tan. Cho a gam Mg vào dung dịch X, kết thúc phản ứng thu được (m –6,04) gam chất rắn và hỗn hợp Y gồm hai khí (trong đó có một khí hóa nâu trong không khí) có tỉ khối so với He bằng 4,7. Giá trị của...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

27 tháng 7 2018

BTKL có n_H2O = 0,92 mol. Bảo toàn H chứng tỏ trong X chứa 0,26 mol H⁺ dư như trên.

♦ Quá trình 2: để ý khí Y có M = 18,8 → là H₂ và NO. Quan sát quá trình chính:

giải tỉ khối Y tìm tỉ lệ 2 khí NO : H₂ là 3 : 2 rồi gọi các ẩn như sơ đồ:

• Ghép cụm: n_H2O = 2n_NO + 3n_NH4 ⇄ y = 6x + 3z (1).

• bảo toàn nguyên tố N có: 3x + z = 0,04 mol (2).

• Bảo toàn nguyên tố H có: 4x + 2y + 4z = 0,26 mol (3)

Giải x = 0,01 mol; y = 0,09 mol; z = 0,01 mol

→ bảo toàn điện tích có n_Mg²⁺ = 0,895 mol.

► Chỉ cần BTKL cả sơ đồ có ngay và luôn giá trị yêu cầu a = 21,84 gam.

Đáp án D

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

29 tháng 3 2017

Hòa tan m gam hỗn hợp A gồm FexOy Fe và Cu bằng dung dịch chứa 1,8 mol HCl và 0,3 mol HNO3, sau phản ứng thu được 5,824 lít khí NO (đktc, sản phẩm khử duy nhất) và dung dịch X chứa (m + 60,24) gam chất tan. Cho a gam Mg vào dung dịch X, kết thúc phản ứng thu được (m –6,04) gam chất rắn và hỗn hợp Y gồm hai khí (trong đó có một khí hóa nâu trong không khí) có tỉ khối so với He bằng 4,7. Giá trị của...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

29 tháng 3 2017

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

6 tháng 5 2019

Hòa tan m gam hỗn hợp T gồm FexOy, Fe và Cu bằng dung dịch chứa 1,8 mol HCl và 0,3 mol HNO3, sau phản ứng thu được 5,824 lít khí NO (đktc, sản phẩm khử duy nhất) và dung dịch X chứa (m+60,24) gam chất tan. Cho a gam Mg vào dung dịch X, kết thúc phản ứng thu được (m - 6,04) gam rắn và hỗn hợp Y gồm hai khí (trong đó có một khí hóa nâu trong không khí) có tỉ khối so với He bằng 4,7. Giá trị của a gần nhất...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

6 tháng 5 2019

Đáp án C.

M_Y = 18,8 Y chứa NO (3y) và H₂ (2y) X chứa H⁺ và NO₃^- dư.

n_NO = 0,26 mol

Bảo toàn khối lượng:

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

30 tháng 5 2019

Hòa tan hết 13,52 gam hỗn hợp X gồm Mg(NO3)2, Al2O3, Mg và Al vào dung dịch chứa hai chất tan NaNO3 và 1,08 mol HCl. Sau khi kết thúc phản ứng, thu được dung dịch Y chỉ chứa các muối và 3,136 lít (đktc) hỗn hợp khí Z gồm N2O và H2, có tỉ khối so với He bằng 5. Dung dịch Y tác dụng tối đa với dung dịch chứa 1,14 mol NaOH, lấy kết tủa nung ngoài không khí tới khối lượng không đổi thu được 9,6 gam...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

30 tháng 5 2019

Đáp án D

∑ n_Z = 3,136 : 22,4 = 0,14 (mol)

Dùng quy tắc đường chéo tính được n_N2O: n_H2 = 3: 4

=> n_N2O = 0,06 (mol); n_H2 = 0,08 (mol)

∑ n_HCl = 3a + b + c + 0,24.2 = 0,18 (1)

∑ n_NaOH = 4a + c + 0,24.2 = 1,14 (2)

Bảo toàn nguyên tố H

n_HCl = 4n_NH4Cl + 2n_H2 + 2n_H2O

=> n_H2O = 0,46 – 2c

Bảo toàn khối lượng:

m_X + m_NaNO3 + m_HCl = m_Y + m_Z + m_H2O

=> 13,52 + 1,08.36,5 + 85b = 133,5a + 58,5b + 53,5c + 95.0,24 + 0,14.20 + 18( 0,46 – 2c) (3)

Từ (1), (2) và (3)

=> a = 0,16 ; b = 0,1 và c = 0,02 (mol)

Ta có: n_H+ = 10n_N2O + 10n_NH4 + 2n_H2 + 2n_{O (Oxit)}

=> n_O(Oxit) = 0,06 (mol0 => n_Al2O3 = 0,02 (mol)

=> n_Al = 0,12 (mol)

=> %Al = 0,12.27 = 3,24 (g)

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

5 tháng 8 2018

Hòa tan m gam hỗn hợp A gồm FexOy, Fe và Cu bằng dung dịch chứa 1,8 mol HCl và 0,3 mol HNO3 sau phản ứng thu được 5,824 lít khí NO ( đktc, sản phẩm khử duy nhất) và dung dịch X chứa ( m+60,24) gam chất tan. Cho a gam Mg vào dung dịch X, kết thúc phản ứng thu được (m-6,04) gam rắn và hỗn hợp Y gồm hai khí ( trong đó có một khí hóa nâu trong không khí) có tỉ khối so với He bằng 4,7. Giá trị a gần nhất...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

5 tháng 8 2018

Đáp án D

n_HCl = 1,8 (mol); n_HNO3 = 0,3 (mol); n_NO = 0,26 (mol)

Quy đổi A thành Fe ( a) Cu ( b) ; O ( c) mol

Bảo toàn e ta có: 3a + 2b = 2c + 0,26.3 (1)

M_Y = 18,8 => 2 khí đó là H₂ và NO. Vậy trong dd X phải có H⁺dư

Dd X chứa: Fe³⁺ (a); Cu²⁺ (b); Cl- (1,8), NO₃^- ( 0,3 – 0,26 = 0,04); H⁺ dư = ( 2,1 – 0,26.4 -2c)

=> 56a + 64b + 35,5.1,8 + 62.0,04 + 1,06 – 2c = ( 56a + 64b + 16c) + 60,24

=> c = 0,4 (mol)

Vậy H+ dư = 0,26 (mol)

m_{Fe+ Cu} = m_A – m_O = m – 6,4. Nhưng khi cho Mg vào X thì thu được m – 6,04 gam chất rắn

=> Đã có Mg dư 6,4 – 6,04 = 0,36 gam. Vậy Fe³⁺, Cu²⁺ đã bị đẩy ra hết

M_Y = 18,8 (g/mol) dùng quy tắc đường chéo => n_NO = 3/2 n_H2.

Đặt n_NO = 3x ; n_H2 = 2x; n_NH4+ = y (mol)

Có H₂ thoát ra nên NO₃^- hết, bảo toàn N: 3x + y = 0,04 (3)

n_H+ = 4.3x + 2.2x + 10y = 0,26 (4)

Từ ( 3) và (4) => x = y = 0,01 (mol). Từ (1) => 3a + 2b = 1,58

Bảo toàn e: 2n_Mg = 3a + 2b + 3.3x + 2.2x + 8y

=> n_Mg = (1,58 + 13. 0,01 + 8.0,01) : 2

= 0,895

=> m_Mg ban đầu = 0,895.24 + 0,36 = 21,84 (g) ≈ 22 (g)

Chú ý:

Tạo muối NH₄⁺

Đúng(0)

Chúng tôi đề xuất

Tài nguyên

Ứng dụng mobile

Bảng xếp hạng

Các khóa học có thể bạn quan tâm

Yêu cầu VIP