Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, MgO, Fe, FeCO3, Cu(NO3)2 vào dung dịch chứa 4,545 gam KNO3 và a mol H2SO4, thu được dung dịch Y chỉ chứa 63,325 gam muối trung hòa (không có ion Fe3 ) và 3,80...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

16 tháng 6 2019

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, MgO, Fe, FeCO3, Cu(NO3)2 vào dung dịch chứa 4,545 gam KNO3 và a mol H2SO4, thu được dung dịch Y chỉ chứa 63,325 gam muối trung hòa (không có ion Fe3+) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z (trong đó có 0,02 mol H2). Tỉ khối của Z so với metan bằng 38/17.Thêm dung dịch KOH 1M vào Y đến khi thu được kết tủa lớn nhất là 31,72 gam thì vừa hết 865 ml. Giá trị của m là A. 34,6 ...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

16 tháng 6 2019

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

24 tháng 4 2019

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, MgO, Fe, FeCO3, Cu(NO3)2 vào dung dịch chứa 4,545 gam KNO3 và a mol H2SO4, thu được dung dịch Y chỉ chứa 63,325 gam muối trung hòa (không có ion Fe3+) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z (trong đó có 0,02 mol H2). Tỉ khối của Z so với metan bằng 38/17.Thêm dung dịch KOH 1M vào Y đến khi thu được kết tủa lớn nhất là 31,72 gam thì vừa hết 865 ml. Giá trị của m là A. 34,6 B....

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

24 tháng 4 2019

Đáp án C

m_Z = M_z. n_Z = 608/17. 0,17 = 6,08 (g)

dd Y + 0,865 mol KOH => sẽ thu được duy nhất muối K₂SO₄

Bảo toàn nguyên tố K => n_K2SO4 = ½( n_KNO3 + n_KOH ) = 0,91 (mol)

=> n_SO42- = n_K2SO4= 0,455 (mol) = a

Ta có hệ 3 phương trình:

Bảo toàn nguyên tố H => n_H2O = n_H2SO4 – n_H2 – 4n_(NH4)2SO4 = 0,455 – 0,02 – 4.0,0125 = 0,385 (mol)

Bảo toàn khối lượng : m_X + m_KNO3 + m_H2SO4 = m_Y + m_Z + m_H2O

=> m_X = m_Y + m_Z + m_H2O - m_KNO3 - m_H2SO4

= 63,325 + 6,08 + 0,385.18 – 4,545 – 0,455.98

= 27,2 (g)

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

24 tháng 4 2019

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, MgO, Fe, FeCO3, Cu(NO3)2 vào dung dịch chứa 4,545 gam KNO3 và a mol H2SO4, thu được dung dịch Y chỉ chứa 63,325 gam muối trung hòa (không có ion Fe3+) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z (trong đó có 0,02 mol H2). Tỉ khối của Z so với metan bằng 38/17.Thêm dung dịch KOH 1M vào Y đến khi thu được kết tủa lớn nhất là 31,72 gam thì vừa hết 865 ml. Giá trị của m là A. 34,6...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

24 tháng 4 2019

m_Z = M_z. n_Z = 608/17. 0,17 = 6,08 (g)

dd Y + 0,865 mol KOH => sẽ thu được duy nhất muối K₂SO₄

Bảo toàn nguyên tố K => n_K2SO4 = ½( n_KNO3 + n_KOH ) = 0,91 (mol)

=> n_SO42- = n_K2SO4= 0,455 (mol) = a

Ta có hệ 3 phương trình:

Bảo toàn nguyên tố H => n_H2O = n_H2SO4 – n_H2 – 4n_(NH4)2SO4 = 0,455 – 0,02 – 4.0,0125 = 0,385 (mol)

Bảo toàn khối lượng : m_X + m_KNO3 + m_H2SO4 = m_Y + m_Z + m_H2O

=> m_X = m_Y + m_Z + m_H2O - m_KNO3 - m_H2SO4

= 63,325 + 6,08 + 0,385.18 – 4,545 – 0,455.98

= 27,2 (g)

Đáp án C

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

9 tháng 4 2019

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm M g , F e , F e C O 3 v à C u ( N O 3 ) 2 bằng dung dịch chứa H 2 S O 4 loãng và 0,045 mol N a N O 3 thu được dung dịch Y chỉ chứa 62,605 gam muối trung hòa (không có ion F e 3 + ) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

9 tháng 4 2019

Đáp án B

Z chứa H 2 => trong Y không chứa ion N O 3 - . Ta có sơ đồ phản ứng sau:

Bảo toàn nguyên tố Natri và gốc S O 4 :

Đặt n N H 4 + = x => Bảo toàn gốc

Bảo toàn nguyên tố Hidro: n H 2 O = 0 , 385 m o l . Bảo toàn khối lượng:

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

15 tháng 12 2019

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, FeCO3, Cu(NO3)2 vào dung dịch chứa NaNO3 0,045 mol và H2SO4, thu được dung dịch Y chỉ chứa các muối trung hòa có khối lượng là 62,605 gam (không chứa ion Fe3+) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z (trong đó có 0,02 mol H2). Tỉ khối của Z so với O2 bằng 19/17. Thêm tiếp dung dịch NaOH 1M vào Y đến khi thu được lượng kết tủa lớn nhất là 31,72 gam thì vừa hết 865...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

15 tháng 12 2019

Chọn D

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

23 tháng 4 2017

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, FeCO3 và Cu(NO3)2 bằng dung dịch chứa H2SO4 loãng và 0,045 mol NaNO3 thu được dung dịch Y chứa 62,605 gam muối trung hòa (không có ion Fe3+) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z (trong đó có 0,02 mol H2) có tỉ khối so với O2 bằng 19/17. Cho dung dịch NaOH 1M vào Y đến khi lượng kết tủa đạt cực đại là 31,72 gam thì vừa hết 865ml. Giá trị m là A. 32,8 B. 27,2 ...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

23 tháng 4 2017

Đáp án B

Bài toán phụ: NaOH xử lý dung dịch Y sau phản ứng. Tổng có (0,865 + 0,045 = 0,91mol) natri cuối cùng sẽ đi về đâu? À, là 0,455 mol Na₂SO₄ → có 0,455 mol gốc SO₄, 0,455 mol axit H₂SO₄

Giả sử có x mol (NH₄)₂SO₄ → còn (0,865 – 2x) mol OH sẽ tạo kết tủa hidroxit

Vậy khối lượng muối Y là 62,605 = (17,015 + 34x) + 0,045.23 + 36x + 0,445.96 → x = 0,0125

Biết có 0,025mol NH₄ → bảo toán nguyên tố H có 0,385 mol H₂O

Lại có m_Z = 0,17.19 : 17 . 32 = 6,08 gam nên bảo toàn khối lượng cả sơ đồ ta có:

M = 62,605 + 6,08 + 0,385.18 – 0,455.98 – 0,045.85 = 27,2 gam

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

21 tháng 6 2019

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, FeCO3 và Cu(NO3)2 bằng dung dịch chứa H2SO4 loãng và 0,045 mol NaNO3 thu được dung dịch Y chứa 62,605 gam muối trung hòa (không có ion Fe3+) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z (trong đó có 0,02 mol H2) có tỉ khối so với O2 bằng 19/17. Cho dung dịch NaOH 1M vào Y đến khi lượng kết tủa đạt cực đại là 31,72 gam thì vừa hết 865ml. Giá trị m là A. 32,8 B. 27,2 ...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

21 tháng 6 2019

Đáp án B

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

8 tháng 10 2018

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Cu, Mg, Fe3O4 và Fe(NO3)2 trong dung dịch chứa 0,61 mol HCl, thu được dung dịch Y chỉ chứa (m + 16,195) gam hỗn hợp muối (không chứa ion Fe3+) và hỗn hợp khí Z (gồm 0,035 mol H2 và 0,05 mol NO). Cho NaOH dư vào Y, sau phản ứng thu được 24,44 gam kết tủa. Phần trăm khối lượng của Cu có trong X là A. 26,32%. B. 22,18%. C. 15,92%. D....

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

8 tháng 10 2018

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

3 tháng 2 2018

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, FeCO3, Cu(NO3)2 vào dung dịch chứa NaNO3 (0,045 mol) và H2SO4, thu được dung dịch Y chỉ chứa 62,605 gam muối trung hòa (không có ion Fe3+) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z (trong đó có 0,02 mol H2). Tỉ khối của Z so với O2 bằng 19/17. Thêm dung dịch NaOH 1M vào Y đến khi thu được lượng kết tủa lớn nhất là 31,72 gam thì vừa hết 865 ml. Mặt khác, cho Y tác dụng vừa...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

3 tháng 2 2018

Đáp án B

Đặt số mol các muối MgSO₄, FeSO₄, CuSO₄, (NH₄)₂SO₄ lần lượt là a, b, c, d

nNa₂SO₄(Y) = 0,5nNaNO₃ = 0,0225 mol

120a + 152b + 160c + 132d + 0,0225.142 = 62,605 (1)

nNaOH = 2a + 2b + 2c + 2d = 0,865 (2)

m↓ = 58a + 90b + 98c = 31,72 (3)

Sản phẩm sau đó là Na₂SO₄=> nNa₂SO₄ = 0,4325 + 0,0225 = 0,455

nBaCl₂ = 0,455 => Vừa đủ để tạo ra nBaSO₄ = 0,455

Sau đó thêm tiếp AgNO₃ dư => Tạo thêm AgCl = 0,455.2 = 0,91 mol và nAg = nFe²⁺ = b

=> m↓ = 108b + 0,91.143,5 + 0,455.233 = 256,04 (4)

Giải (1) (2) (3) (4) => a = 0,2; b = 0,18; c = 0,04; d = 0,0125

Như trên đã có nH₂SO₄ = nNa₂SO₄ tổng = 0,455

BTNT H: 2nH₂SO₄ = 8n(NH₄)₂SO₄ + 2nH₂ + 2nH₂O => nH₂O = 0,385 mol

BTKL: m_A = m _muối + m _khí+ mH₂O – mNaNO₃ – mH₂SO₄= 27,2 gam

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

9 tháng 5 2017

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, FeCO3, Cu(NO3)2 vào dung dịch chứa NaNO3 (0,045 mol) và H2SO4, thu được dung dịch Y chỉ chứa 62,605 gam muối trung hòa (không có ion Fe3+) và 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí Z (trong đó có 0,02 mol H2). Tỉ khối của Z so với O2 bằng 19/17. Thêm dung dịch NaOH 1M vào Y đến khi thu được lượng kết tủa lớn nhất là 31,72 gam thì vừa hết 865 ml. Mặt khác, cho Y tác dụng vừa...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

9 tháng 5 2017

Đặt số mol các muối MgSO₄, FeSO₄, CuSO₄, (NH₄)₂SO₄ lần lượt là a, b, c, d

nNa₂SO₄(Y) = 0,5nNaNO₃ = 0,0225 mol

120a + 152b + 160c + 132d + 0,0225.142 = 62,605 (1)

nNaOH = 2a + 2b + 2c + 2d = 0,865 (2)

m↓ = 58a + 90b + 98c = 31,72 (3)

Sản phẩm sau đó là Na₂SO₄=> nNa₂SO₄ = 0,4325 + 0,0225 = 0,455

nBaCl₂ = 0,455 => Vừa đủ để tạo ra nBaSO₄ = 0,455

Sau đó thêm tiếp AgNO₃ dư => Tạo thêm AgCl = 0,455.2 = 0,91 mol và nAg = nFe²⁺ = b

=> m↓ = 108b + 0,91.143,5 + 0,455.233 = 256,04 (4)

Giải (1) (2) (3) (4) => a = 0,2; b = 0,18; c = 0,04; d = 0,0125

Như trên đã có nH₂SO₄ = nNa₂SO₄ tổng = 0,455

BTNT H: 2nH₂SO₄ = 8n(NH₄)₂SO₄ + 2nH₂ + 2nH₂O => nH₂O = 0,385 mol

BTKL: m_A = m _muối + m _khí+ mH₂O – mNaNO₃ – mH₂SO₄= 27,2 gam

Đáp án B

Đúng(0)

Chúng tôi đề xuất

Tài nguyên

Ứng dụng mobile

Bảng xếp hạng

Các khóa học có thể bạn quan tâm

Yêu cầu VIP